（京津瓊）2022高考物理總復習 專用優(yōu)編提分練：選擇題專練（十）

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1、（京津瓊）2022高考物理總復習 專用優(yōu)編提分練：選擇題專練（十） 1．1820年4月，丹麥物理學家奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應．已知通電長直導線周圍某點的磁感應強度B＝k，即磁感應強度B與導線中的電流成正比、與該點到導線的距離r成反比．如圖1所示，兩根平行長直導線相距為x0，分別通以大小不等、方向相同的電流，已知I1>I2.規(guī)定磁場方向垂直紙面向里為正，在0～x0區(qū)間內磁感應強度B隨x變化的圖線可能是圖中的(　　) 圖1 答案　A 解析　根據(jù)右手螺旋定則可得左邊通電導線在兩根導線之間的磁場方向垂直紙面向里，右邊通電導線在兩根導線之間的磁場方向垂直紙面向外，離導線越遠磁場越弱，

2、在兩根導線中間偏右位置合磁感應強度為零．由于規(guī)定磁場方向垂直紙面向里為正，故A正確，B、C、D錯誤． 2．已知氫原子的基態(tài)能量為E1，激發(fā)態(tài)能量En＝，其中n＝2,3,4…，h表示普朗克常量，c表示真空中的光速．有一氫原子處于n＝3的激發(fā)態(tài)，在它向低能級躍遷時，可能輻射的光子的最大波長為(　　) A．－ B．－ C．－ D．－ 答案　A 解析　有一氫原子處于n＝3的激發(fā)態(tài)，在它向n＝2能級躍遷時，輻射的光子能量最小，輻射的光子的波長最大，則有E3－E2＝，解得λ＝－，故A正確，B、C、D錯誤． 3．月球探測器從月球返回地球的過程可以簡單分成四步，如圖2所示第一步將月球探測器

3、發(fā)射至月球表面附近的環(huán)月圓軌道，第二步在環(huán)月軌道的A處進行變軌進入月地轉移軌道Ⅱ，第三步當接近地球表面附近時，又一次變軌，從B點進入繞地圓軌道Ⅲ，第四步再次變軌道后降落至地面，下列說法正確的是(　　) 圖2 A．將月球探測器發(fā)射至軌道Ⅰ時所需的發(fā)射速度為7.9 km/s B．月球探測器從環(huán)月軌道Ⅰ進入月地轉移軌道Ⅱ需要加速 C．月球探測器從A沿月地轉移軌Ⅱ到達B點的過程中其動能一直增加 D．月球探測器在第四步變軌時需要加速 答案　B 解析　月球的第一宇宙速度比地球的要小，故A錯誤；月球探測器從軌道Ⅰ進入月地轉移軌道Ⅱ是離心運動，所以需要加速，所以B正確；剛開始的時候月球對月球

4、探測器的引力大于地球對月球探測器的引力，所以探測器動能要減小，之后當?shù)厍虻囊Υ笥谠虑虻囊r，探測器的動能就開始增加，故C錯誤；月球探測器降落至地面的運動為近心運動，需要減速，故D錯誤． 4．如圖3所示，質量為0.5 kg的一塊橡皮泥自距小車上表面1.25 m高處由靜止下落，恰好落入質量為2 kg、速度為2.5 m/s沿光滑水平地面運動的小車上，并與小車一起沿水平地面運動，取g＝10 m/s2，不計空氣阻力，下列說法正確的是(　　) 圖3 A．橡皮泥下落的時間為0.3 s B．橡皮泥與小車一起在水平地面上運動的速度大小為3.5 m/s C．橡皮泥落入小車的過程中，橡皮泥與小車組

5、成的系統(tǒng)動量守恒 D．整個過程中，橡皮泥與小車組成的系統(tǒng)損失的機械能為7.5 J 答案　D 解析　橡皮泥下落的時間為： t＝＝ s＝0.5 s，故A錯誤； 橡皮泥與小車組成的系統(tǒng)在水平方向的動量守恒，選取小車初速度的方向為正方向，則有： m1v0＝(m1＋m2)v， 所以共同速度為：v＝＝ m/s＝2 m/s， 故B錯誤； 橡皮泥落入小車的過程中，橡皮泥與小車組成的系統(tǒng)在水平方向的動量守恒，但豎直方向的動量不守恒，故C錯誤； 整個過程中，橡皮泥與小車組成的系統(tǒng)損失的機械能等于橡皮泥的重力勢能與二者損失的動能，得： ΔE＝m2gh＋ 代入數(shù)據(jù)可得：ΔE＝7.5 J，故D正

6、確． 5．如圖4所示，兩光滑平行金屬導軌間距為L，直導線MN垂直跨在導軌上，且與導軌接觸良好，整個裝置處于垂直于紙面向里的勻強磁場中，磁感應強度為B.電容器的電容為C，除電阻R外，導軌和導線的電阻均不計．現(xiàn)給導線MN一初速度，使導線MN向右運動，當電路穩(wěn)定后，MN以速度v向右勻速運動時(　　) 圖4 A．電容器兩極板間的電壓為零 B．通過電阻R的電流為 C．電容器所帶電荷量為CBLv D．為保持MN勻速運動，需對其施加的拉力大小為 答案　C 解析　當導線MN勻速向右運動時，導線所受的合力為零，說明導線不受安培力，電路中電流為零，故電阻兩端沒有電壓，此時導線MN產生的感應電動

7、勢恒定為E＝BLv，則電容器兩極板間的電壓為U＝E＝BLv，故A、B錯誤；電容器所帶電荷量Q＝CU＝CBLv，故C正確；因勻速運動后MN所受合力為0，而此時無電流，不受安培力，則無需拉力便可做勻速運動，故D錯誤． 6.如圖5所示，質量為m的小球套在傾斜放置的光滑直桿上，一根輕質彈簧一端固定于O點，另一端與小球相連，彈簧與桿在同一豎直平面內，將小球沿桿拉到彈簧水平位置由靜止釋放，小球沿桿下滑，當彈簧位于豎直位置時，小球速度恰好為零，此時小球下降的豎直高度為h，若全過程中彈簧始終處于伸長狀態(tài)且處于彈性限度范圍內，下列說法正確的是(　　) 圖5 A．小球和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒 B．彈

8、簧與桿垂直時，小球的動能與重力勢能之和最大 C．彈簧對小球始終做負功 D．小球下滑至最低點的過程中，彈簧的彈性勢能增加量等于mgh 答案　ABD 解析　小球運動過程中，只有重力和彈簧彈力做功，系統(tǒng)機械能守恒，A正確；彈簧與桿垂直時，此時彈簧伸長量最短，彈性勢能最小，故小球的動能與重力勢能之和最大，B正確；全過程中彈簧始終處于伸長狀態(tài)即為拉力，開始階段彈力與運動方向成銳角后為直角再變?yōu)殁g角，故彈力先做正功后做負功，C錯誤；小球下滑至最低點的過程中，系統(tǒng)機械能守恒，初、末位置動能都為零，所以彈簧的彈性勢能增加量等于重力勢能的減小量，即為mgh，D正確． 7．如圖6所示，平行板電容器AB兩

9、極板水平放置，A在上方，B在下方，現(xiàn)將其和二極管串聯(lián)接在直流電源上，已知A和電源正極相連，二極管具有單向導電性，一帶電小球沿AB中心水平射入，打在B極板上的N點，小球的重力不能忽略，現(xiàn)通過上下移動A板來改變兩極板AB間距(兩極板仍平行)，則下列說法正確的是(　　) 圖6 A．若小球帶正電，當AB間距減小時，小球打在N的左側 B．若小球帶正電，當AB間距增大時，小球打在N的右側 C．若小球帶負電，當AB間距減小時，小球可能打在N的右側 D．若小球帶負電，當AB間距增大時，小球可能打在N的左側 答案　AC 解析　A極板帶正電，B極板帶負電，根據(jù)二極管具有單向導電性，極板的電荷量只

10、能增加不能減?。粜∏驇д?，當d減小時，電容增大，Q增大，根據(jù)E＝，C＝， C＝，得E＝，知d減小時E增大，所以電場力變大，方向向下，小球做平拋運動豎直方向上的加速度增大，運動時間變短，打在N點左側，故A正確．若小球帶正電，當d增大時，電容減小，但Q不能減小，所以Q不變，根據(jù)E＝，C＝，C＝，得E＝，知E不變，所以電場力不變，小球仍然打在N點，故B錯誤．若小球帶負電，當AB間距d減小時，電容增大，則Q增大，根據(jù)E＝，C＝，C＝，得E＝，知E增大，所以電場力變大，方向向上，若此時電場力仍小于重力，小球做類平拋運動豎直方向上的加速度減小，運動時間變長，小球將打在N點的右側，故C正確．若小球帶負

11、電， 當AB間距d增大時，電容減小，但Q不能減小， 所以Q不變，根據(jù)E＝，C＝，C＝， 得E＝，知E不變，所以電場力不變，小球仍然打在N點，故D錯誤． 8．電流天平可以用來測量勻強磁場的磁感應強度的大小．如圖7甲所示，測量前天平已調至平衡，測量時，在左邊托盤中放入質量為m的砝碼，右邊托盤中不放砝碼，將一個質量為m0、匝數(shù)為n、下邊長為l的矩形線圈掛在右邊托盤的底部，再將此矩形線圈的下部分放在待測磁場中．線圈的兩頭連在如圖乙所示的電路中，不計連接導線對線圈的作用力，電源電動勢為E，內阻為r.開關S閉合后，調節(jié)可變電阻至R1時，天平正好平衡，此時電壓表讀數(shù)為U.已知m0>m，取重力加速度為

12、g，則(　　) 圖7 A．矩形線圈中電流的方向為逆時針方向 B．矩形線圈的電阻R＝r－R1 C．勻強磁場的磁感應強度的大小B＝ D．若僅將磁場反向，在左盤中再添加質量為2m0－m的砝碼可使天平重新平衡 答案　AC 解析　根據(jù)題圖甲可知，要使天平平衡，矩形線圈中電流的方向應為逆時針方向，故A正確； 根據(jù)閉合電路歐姆定律可得U＝E－r， 解得矩形線圈的電阻R＝－R1，故B錯誤； 根據(jù)平衡條件可得m0g－F＝mg，而F＝nBIl， I＝， 解得勻強磁場的磁感應強度的大小B＝， 故C正確；開始線圈所受安培力的方向向上，僅將磁場反向，則安培力方向反向，變?yōu)橄蛳?，相當于右邊多了兩倍的安培力大小，所以需要在左邊，添加質量為Δm＝＝2(m0－m)的砝碼可使天平重新平衡，故D錯誤．