2013年高考物理 考前回歸教材單元綜合突破九 電磁感應(yīng)

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1、2013年高考物理考前回歸教材之單元綜合突破九 (電磁感應(yīng)) 本試卷分第Ⅰ卷(選擇題)和第Ⅱ卷(非選擇題)兩部分，試卷滿分為100分．考試時(shí)間為90分鐘． 第Ⅰ卷(選擇題，共40分) 一、選擇題(本題共10小題，每題4分，共40分．有的小題只有一個(gè)選項(xiàng)正確，有的小題有多個(gè)選項(xiàng)正確，把正確選項(xiàng)前的字母填在題后的括號(hào)內(nèi)) 圖1 1．如圖1所示，閉合圓導(dǎo)線圈平行地放置在勻強(qiáng)磁場中，其中ac、bd分別是平行、垂直于磁場方向的兩直徑．試分析線圈做如下運(yùn)動(dòng)時(shí)，能產(chǎn)生感應(yīng)電流的是(　 　) A．使線圈在紙面內(nèi)平動(dòng)或轉(zhuǎn)動(dòng) B．使線圈平面沿垂直紙面方向向紙外平動(dòng) C．使線圈以ac為軸轉(zhuǎn)動(dòng)

2、 D．使線圈以bd為軸轉(zhuǎn)動(dòng) 解析：使線圈在紙面內(nèi)平動(dòng)或轉(zhuǎn)動(dòng)，沿垂直紙面方向向紙外平動(dòng)或以ac為軸轉(zhuǎn)動(dòng)，線圈中的磁通量始終為零，不變化，無感應(yīng)電流產(chǎn)生；以bd為軸轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，線圈中的磁通量不斷變化，能產(chǎn)生感應(yīng)電流，所以D選項(xiàng)正確． 答案：D 2．如圖2所示，螺線管的導(dǎo)線的兩端與兩平行金屬板相接，一個(gè)帶負(fù)電的小球用絲線懸掛在兩金屑板間，并處于靜止?fàn)顟B(tài)，若條形磁鐵突然插入線圈時(shí)，小球的運(yùn)動(dòng)情況是(　　) 圖2 A．向左擺動(dòng)　　　　　　　 B．向右擺動(dòng) C．保持靜止 D．無法判定 解析：當(dāng)條形磁鐵插入線圈中時(shí)，線圈中向左的磁場增強(qiáng)．由楞次定律可判定金屬板左端電勢(shì)高，故帶負(fù)電的小球?qū)?/p>

3、向左擺動(dòng)，A正確． 答案：A 3．如圖3所示，AOC是光滑的金屬軌道，AO沿豎直方向，OC沿水平方向，PQ是一根金屬直桿如圖所示立在導(dǎo)軌上，直桿從圖示位置由靜止開始在重力作用下運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)過程中Q端始終在OC上，空間存在著垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場，則在PQ桿滑動(dòng)的過程中，下列判斷正確的是(　　) 圖3 A．感應(yīng)電流的方向始終是由P→Q B．感應(yīng)電流的方向先是由P→Q，后是由Q→P C．PQ受磁場力的方向垂直桿向左 D．PQ受磁場力的方向先垂直于桿向左，后垂直于桿向右 解析：在PQ桿滑動(dòng)的過程中，桿與導(dǎo)軌所圍成的三角形面積先增大后減小，三角形POQ內(nèi)的磁通量先增大后減小，由楞次

4、定律可判斷B項(xiàng)對(duì)；再由PQ中電流方向及左手定則可判斷D項(xiàng)對(duì)． 答案：BD 4．如圖4所示，通過水平絕緣的傳送帶輸送完全相同的銅線圈，線圈均與傳送帶以相同的速度勻速運(yùn)動(dòng)．為了檢測出個(gè)別未閉合的不合格線圈，讓傳送帶通過一固定勻強(qiáng)磁場區(qū)域，磁場方向垂直于傳送帶，線圈進(jìn)入磁場前等距離排列，穿過磁場后根據(jù)線圈間的距離，就能夠檢測出不合格線圈，通過觀察圖形，判斷下列說法正確的是(　　) 圖4 A．若線圈閉合，進(jìn)入磁場時(shí)，線圈相對(duì)傳送帶向后滑動(dòng) B．若線圈不閉合，進(jìn)入磁場時(shí)，線圈相對(duì)傳送帶向后滑動(dòng) C．從圖中可以看出，第2個(gè)線圈是不合格線圈 D．從圖中可以看出，第3個(gè)線圈是不合格線圈 解

5、析：由產(chǎn)生電磁感應(yīng)現(xiàn)象的條件和楞次定律知，A正確，B錯(cuò)誤，由各線圈位置關(guān)系知，C錯(cuò)誤，D正確． 答案：AD 圖5 5．如圖5所示，在O點(diǎn)正下方有一個(gè)具有理想邊界的磁場，銅環(huán)在A點(diǎn)由靜止釋放向右擺至最高點(diǎn)B.不考慮空氣阻力，則下列說法正確的是(　　) A．A、B兩點(diǎn)在同一水平線上 B．A點(diǎn)高于B點(diǎn) C．A點(diǎn)低于B點(diǎn) D．銅環(huán)最終將做等幅擺動(dòng) 解析：銅環(huán)在進(jìn)入或穿出磁場邊界時(shí)，由于銅環(huán)內(nèi)的磁通量發(fā)生變化，將有感應(yīng)電流產(chǎn)生，感應(yīng)電流通過銅環(huán)將產(chǎn)生內(nèi)能，故銅環(huán)在A點(diǎn)靜止釋放后，向右擺至最高點(diǎn)時(shí)的B點(diǎn)要低于A點(diǎn)的位置，A、C錯(cuò)誤，B正確；當(dāng)銅環(huán)最后全部處于磁場中時(shí)，由于銅環(huán)內(nèi)的磁通量

6、不再發(fā)生變化，此時(shí)沒有感應(yīng)電流，故銅環(huán)將在磁場中做等幅擺動(dòng)，D正確． 答案：BD 6．如圖6所示為新一代炊具——電磁爐，無煙、無明火、無污染、不產(chǎn)生有害氣體、無微波輻射、高效節(jié)能等，是電磁爐的優(yōu)勢(shì)所在．電磁爐是利用電流通過線圈產(chǎn)生磁場，當(dāng)磁場的磁感線通過含鐵質(zhì)鍋底部時(shí)，即會(huì)產(chǎn)生無數(shù)小渦流，使鍋體本身自行高速發(fā)熱，然后再加熱鍋內(nèi)食物．下列相關(guān)說法中正確的是(　　) 圖6 A．鍋體中的渦流是由恒定的磁場產(chǎn)生的 B．恒定磁場越強(qiáng)，電磁爐的加熱效果越好 C．鍋體中的渦流是由變化的磁場產(chǎn)生的 D．提高磁場變化的頻率，可提高電磁爐的加熱效果 解析：由電磁感應(yīng)原理可知，鍋體中的渦流是由變

7、化的磁場產(chǎn)生的，且提高磁場變化的頻率，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)變大，故可提高電磁爐的加熱效果．故C、D正確． 答案：CD 圖7 7．如圖7所示，矩形金屬框置于勻強(qiáng)磁場中，ef為一導(dǎo)體棒，可在ab和cd間滑動(dòng)并接觸良好．設(shè)磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，ac長為L，在Δt時(shí)間內(nèi)向左勻速滑過距離Δd，由法拉第電磁感應(yīng)定律E＝n可知，下列說法正確的是(　　) A．當(dāng)ef向左滑動(dòng)時(shí)，左側(cè)面積減少LΔd，右側(cè)面積增加LΔd，因此E＝2BLΔd/Δt B．當(dāng)ef向左滑動(dòng)時(shí)，左側(cè)面積減少LΔd，右側(cè)面積增加LΔd，互相抵消，因此E＝0 C．在公式E＝n中，在切割磁感線情況下，ΔΦ＝BΔS，ΔS應(yīng)是導(dǎo)體棒切割磁感

8、線掃過的面積，因此E＝BLΔd/Δt D．在切割磁感線的情況下，只能用E＝BLv計(jì)算，不能用E＝n計(jì)算 解析：本題中由于導(dǎo)體棒是勻速切割磁感線，所以產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)是恒定的，因而任一時(shí)刻產(chǎn)生的瞬時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)等于平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)．因此感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)有兩種求法，(1)由E＝BLv＝BL；(2)由法拉第電磁感應(yīng)定律知E＝＝＝，式子中ΔS為導(dǎo)體棒移動(dòng)中掃過的面積．故C正確． 答案：CD 圖8 8．如圖8所示，一個(gè)“∠”形導(dǎo)軌垂直于磁場固定在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中．導(dǎo)體棒ab與導(dǎo)軌由相同粗細(xì)、相同材料的導(dǎo)體制成，導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌接觸良好．在外力作用下，導(dǎo)體棒以恒定速度v向右運(yùn)動(dòng)，以導(dǎo)體棒在圖中所

9、示位置的時(shí)刻作為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，則回路中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E、感應(yīng)電流I、導(dǎo)體棒所受外力的功率P和回路中產(chǎn)生的焦耳熱Q隨時(shí)間t變化的圖象中，正確的是(　　) 解析：E＝Blv＝Bv·vttanθ∝t，A正確；I＝，而R與三角形回路的周長成正比，可把R表示為R＝kc(式中c為周長)代入I的表達(dá)式中I＝，而為一定值，所以I是一定值，B錯(cuò)誤；P＝IE，I不變，E與t成正比，所以P∝t，C正確；Q＝Pt∝t2，D錯(cuò)誤． 答案：AC 圖9 9．如圖9所示，豎直平面內(nèi)有一金屬環(huán)，半徑為d，總電阻為R(指拉直時(shí)兩端的電阻)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場垂直穿過環(huán)平面，在環(huán)的最高點(diǎn)A用鉸鏈連接長度為2a、電

10、阻為的導(dǎo)體棒AB，AB由水平位置緊貼環(huán)面擺下，當(dāng)擺到豎直位置時(shí)，B點(diǎn)的線速度為v，則這時(shí)AB兩端的電壓大小為(　　) A. B. C. D．Bav 解析： 圖10 當(dāng)擺到豎直位置時(shí)，AB棒產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)E＝B·2a·＝Bav.等效電路如圖10所示．則U＝＝. 答案：A 圖11 10．如圖11，足夠長的U型光滑金屬導(dǎo)軌平面與水平面成θ角(0<θ<90°)，其中MN與PQ平行且間距為L，導(dǎo)軌平面與磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場垂直，導(dǎo)軌電阻不計(jì)．金屬棒ab由靜止開始沿導(dǎo)軌下滑，并與兩導(dǎo)軌始終保持垂直且良好接觸，ab棒接入電路的電阻為R，當(dāng)流過ab棒某一橫截面的電量為q時(shí)，棒

11、的速度大小為v，則金屬棒ab在這一過程中(　　) A．運(yùn)動(dòng)的平均速度大小為 B．下滑的位移大小為 C．產(chǎn)生的焦耳熱為qBLv D．受到的最大安培力大小為sinθ 解析：流過ab棒某一截面的電量q＝·t＝·t＝，ab棒下滑的位移x＝，其平均速度v＝，而棒下滑過程中做加速度減小的加速度運(yùn)動(dòng)，故平均速度不等于v，A錯(cuò)誤B正確；由能量守恒mgxsinθ＝Q＋mv2，產(chǎn)生的焦耳熱Q＝mgxsinθ－mv2＝mgsinθ－mv2，C錯(cuò)誤；當(dāng)mgsinθ＝時(shí)v最大，安培力最大，即F安m＝mgsinθ或，D錯(cuò)誤． 答案：B 第Ⅱ卷(非選擇題，共60分) 二、填空題(本題共2小題，每題8分，共1

12、6分) 11．如圖12所示，半徑為r的金屬圓環(huán)繞通過直徑的軸OO′以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，以金屬環(huán)的平面與磁場方向重合時(shí)開始計(jì)時(shí)，求在轉(zhuǎn)動(dòng)30°角的過程中，環(huán)中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為________． 圖12 解析：ΔΦ＝Φ2－Φ1＝BSsin30°－0＝Bπr2. 又Δt＝＝＝π/(6ω) 所以E＝＝＝3Bωr2. 答案：3Bωr2 12．一個(gè)邊長為10 cm的正方形金屬線框置于勻強(qiáng)磁場中，線框匝數(shù)n＝100，線框平面與磁場垂直，電阻為20 Ω.磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化的圖象如圖13所示．則在一個(gè)周期內(nèi)線框產(chǎn)生的熱量為________ J. 圖13 解

13、析：由題圖可知，線框中穿過均勻變化的磁場，變化周期T＝4 s．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律和閉合電路歐姆定律，線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E＝nS， 感應(yīng)電流I＝＝ A＝5×10－2 A， 在一個(gè)周期內(nèi)產(chǎn)生的熱量 Q＝I2RT＝(5×10－2)2×20×4 J＝0.2 J. 答案：0.2 三、計(jì)算題(本題共4小題，13、14題各10分，15、16題各12分，共44分，計(jì)算時(shí)必須有必要的文字說明和解題步驟，有數(shù)值計(jì)算的要注明單位) 圖14 13. 如圖14所示，質(zhì)量m1＝0.1 kg，電阻R1＝0.3 Ω，長度l＝0.4 m的導(dǎo)體棒ab橫放在U形金屬框架上．框架質(zhì)量m2＝0.2 kg，放在

14、絕緣水平面上，與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.2. 相距0.4 m的MM′、NN′相互平行，電阻不計(jì)且足夠長．電阻R2＝0.1Ω的MN垂直于MM′.整個(gè)裝置處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝0.5 T．垂直于ab施加F＝2 N的水平恒力，ab從靜止開始無摩擦地運(yùn)動(dòng)，始終與MM′、NN′保持良好接觸．當(dāng)ab運(yùn)動(dòng)到某處時(shí)，框架開始運(yùn)動(dòng)．設(shè)框架與水平面間最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，g取10 m/s2. (1)求框架開始運(yùn)動(dòng)時(shí)ab速度v的大??； (2)從ab開始運(yùn)動(dòng)到框架開始運(yùn)動(dòng)的過程中，MN上產(chǎn)生的熱量Q＝0.1 J，求該過程ab位移x的大小． 解析：(1)ab對(duì)框架的壓力 F1＝m1g

15、 框架受水平面的支持力 FN＝m2g＋F1 依題意，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，則框架受到最大靜摩擦力 F2＝μFN ab中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì) E＝Blv MN中電流 I＝ MN受到的安培力 F安＝IlB 框架開始運(yùn)動(dòng)時(shí) F安＝F2 由上述各式代入數(shù)據(jù)解得 v＝6 m/s. (2)閉合回路中產(chǎn)生的總熱量 Q總＝Q 由能量守恒定律，得 Fx＝m1v2＋Q總 代入數(shù)據(jù)解得 x＝1.1 m. 答案：(1)6 m/s　(2)1.1 m 圖15 14．(2011·四川理綜)如圖15所示，間距l(xiāng)＝0.3 m的平行金屬導(dǎo)軌a1b1c1和a2b2c2分別固定在兩個(gè)豎

16、直面內(nèi)，在水平面a1b1b2a2區(qū)域內(nèi)和傾角θ＝37°的斜面c1b1b2c2區(qū)域內(nèi)分別有磁感應(yīng)強(qiáng)度B1＝0.4 T、方向豎直向上和B2＝1 T、方向垂直于斜面向上的勻強(qiáng)磁場．電阻R＝0.3 Ω、質(zhì)量m1＝0.1 kg、長為l的相同導(dǎo)體桿K、S、Q分別放置在導(dǎo)軌上，S桿的兩端固定在b1、b2點(diǎn)，K、Q桿可沿導(dǎo)軌無摩擦滑動(dòng)且始終接觸良好．一端系于K桿中點(diǎn)的輕繩平行于導(dǎo)軌繞過輕質(zhì)定滑輪自然下垂，繩上穿有質(zhì)量m2＝0.05 kg的小環(huán)．已知小環(huán)以a＝6 m/s2的加速度沿繩下滑，K桿保持靜止，Q桿在垂直于桿且沿斜面向下的拉力F作用下勻速運(yùn)動(dòng)．不計(jì)導(dǎo)軌電阻和滑輪摩擦，繩不可伸長．取g＝10 m/s2，s

17、in37°＝0.6，cos37°＝0.8.求 (1)小環(huán)所受摩擦力的大小； (2)Q桿所受拉力的瞬時(shí)功率． 解析：(1)設(shè)小環(huán)受到的摩擦力大小為Ff，由牛頓第二定律，有m2g－Ff＝m2a 代入數(shù)據(jù)，得 Ff＝0.2 N. (2)設(shè)通過K桿的電流為I1，K桿受力平衡，有 Ff＝B1I1l 設(shè)回路總電流為I，總電阻為R總，有 I＝2I1 R總＝R 設(shè)Q桿下滑速度大小為v，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E，有 I＝ E＝B2lv F＋m1gsinθ＝B2Il 拉力的瞬時(shí)功率為 P＝F·v 聯(lián)立以上方程，代入數(shù)據(jù)得 P＝2 W. 答案：(1)0.2 N　(2)2 W 15

18、．(2011·天津理綜)如圖16所示，兩根足夠長的光滑平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ間距為l＝0.5m, 其電阻不計(jì)，兩導(dǎo)軌及其構(gòu)成的平面均與水平面成30°角．完全相同的兩金屬棒ab、cd分別垂直導(dǎo)軌放置，每棒兩端都與導(dǎo)軌始終有良好接觸，已知兩棒質(zhì)量均為m＝0.02kg，電阻均為R＝0.1Ω，整個(gè)裝置處在垂直于導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝0.2 T，棒ab在平行于導(dǎo)軌向上的力F作用下，沿導(dǎo)軌向上勻速運(yùn)動(dòng)，而棒cd恰好能夠保持靜止．取g＝10m/s2，問 圖16 (1)通過棒cd的電流I是多少，方向如何？ (2)棒ab受到的力F多大？ (3)棒cd每產(chǎn)生Q＝0.1J的熱量，力F

19、做的功W是多少？ 解析：(1)棒cd受到的安培力 Fcd＝IlB① 棒cd在共點(diǎn)力作用下平衡，則 Fcd＝mgsin30°② 由①②式，代入數(shù)據(jù)解得 I＝1 A 根據(jù)楞次定律可知，棒cd中的電流方向由d至c. (2)棒ab與棒cd受到的安培力大小相等 Fab＝Fcd 對(duì)棒ab，由共點(diǎn)力平衡知 F＝mgsin30°＋I(xiàn)lB 代入數(shù)據(jù)解得 F＝0.2 N. (3)設(shè)在時(shí)間t內(nèi)棒cd產(chǎn)生Q＝0.1 J的熱量，由焦耳定律知Q＝I2Rt 設(shè)棒ab勻速運(yùn)動(dòng)的速度大小為v，其產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì) E＝Blv 由閉合電路歐姆定律知　I＝ 由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式知在時(shí)間t內(nèi)，棒ab沿導(dǎo)軌的

20、位移 x＝vt 力F做的功　W＝Fx 綜合上述各式，代入數(shù)據(jù)解得　W＝0.4 J. 答案：(1)1 A　方向由d至c　(2)0.2 N　(3)0.4 J 16．(2011·上海單科)電阻可忽略的光滑平行金屬導(dǎo)軌長S＝1.15 m，兩導(dǎo)軌間距L＝0.75 m，導(dǎo)軌傾角為30°，導(dǎo)軌上端ab接一阻值R＝1.5 Ω的電阻，磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝0.8 T的勻強(qiáng)磁場垂直軌道平面向上．阻值r＝0.5 Ω，質(zhì)量m＝0.2 kg的金屬棒與軌道垂直且接觸良好，從軌道上端ab處由靜止開始下滑至底端，在此過程中金屬棒產(chǎn)生的焦耳熱Qr＝0.1 J．(取g＝10 m/s2)求： 圖17 (1)金屬棒在此過程

21、中克服安培力的功W安； (2)金屬棒下滑速度v＝2 m/s時(shí)的加速度a. (3)為求金屬棒下滑的最大速度vm，有同學(xué)解答如下： 由動(dòng)能定理，W重－W安＝mvm2，…….由此所得結(jié)果是否正確？若正確，說明理由并完成本小題；若不正確，給出正確的解答． 解析：(1)下滑過程中安培力的功即為在電阻上產(chǎn)生的焦耳熱，由于R＝3r，因此 QR＝3Qr＝0.3 J ∴W安＝Q＝QR＋Qr＝0.4 J. (2)金屬棒下滑時(shí)受重力和安培力 F安＝BIL＝v 由牛頓第二定律mgsin30°－v＝ma ∴a＝gsin30°－v＝ (10×－) m/s2＝3.2 m/s2 (3)此解法正確． 金屬棒下滑時(shí)受重力和安培力作用，其運(yùn)動(dòng)滿足 mgsin30°－v＝ma 上式表明，加速度隨速度增加而減小，棒做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)．無論最終是否達(dá)到勻速，當(dāng)棒到達(dá)斜面底端時(shí)速度一定為最大．由動(dòng)能定理可以得到棒的末速度，因此上述解法正確． mgSsin30°－Q＝mvm2 ∴vm＝ ＝ m/s＝2.74 m/s. 答案：(1)0.4 J　(2)3.2 m/s2　(3)見解析