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標準仿真模擬練(二)
(120分鐘 150分)
第Ⅰ卷
一、選擇題(本大題共12小題,每小題5分,在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合要求的)
1.設集合S={x|x>-2},T={x|x2+3x-4≤0},則(?RS)∪T= ( )
A.(-2,1] B.(-∞,-4]
C.(-∞,1] D.[1,+∞)
【解析】選C.因為S={x|x>-2},所以?RS={x|x≤-2},而T={x|x2+3x-4≤0}={x|-4≤x≤1},
所以(?RS)∪T={x|x≤1}.
2.設復數(shù)z滿足1+2iz=i,則z= ( )
A.-2+i B.-2-i
C.2+i D.2-i
【解析】選C.設z=a+bi(a,b∈R),
由題意知,1+2iz=i,所以1+2i=ai-b,
則a=2,b=-1,所以z=2-i,z=2+i.
3.若tanα+π4=-3,則cos2α+2sin 2α= ( )
A.95 B.1
C.-35 D.-75
【解析】選A.tan(α+π4)=1+tanα1-tanα=-3,解得tan α=2,
cos2α+2sin 2α=cos2α+4sinαcosαsin2α+cos2α=1+4tanαtan2α+1=95.
4.在等比數(shù)列{an}中,a3=7,前3項之和S3=21,則公比q的值為 ( )
A.1 B.-12
C.1或-12 D.-1或12
【解析】選C.根據(jù)已知條件得a1q2=7,a1+a1q+a1q2=21,所以1+q+q2q2=3,即2q2-q-1=0,解得q=1或q=-12.
5.方程x+lg x=3的解x0∈ ( )
A.(0,1) B.(1,2)
C.(2,3) D.(3,+∞)
【解析】選C.若x∈(0,1),則lg x<0,則x+lg x<1;若x∈(1,2),則0
3,lg x>0,則x+
lg x>3.
6.函數(shù)f(x)=9x-a3x的圖象關于原點對稱,g(x)=lg(10x+1)+bx是偶函數(shù),則a+b= ( )
A.1 B.-1
C.-12 D.12
【解析】選D.函數(shù)f(x)關于原點對稱,且當x=0時,f(x)有意義.所以f(0)=0,得a=1.又g(x)為偶函數(shù),
所以g(-1)=g(1),得b=-12.所以a+b=12.
7.分別在區(qū)間[1,6]和[1,4]內(nèi)任取一個實數(shù),依次記為m和n,則m>n的概率為 ( )
A.710 B.310 C.35 D.25
【解析】選A.如圖,則在區(qū)間[1,6]和[1,4]內(nèi)任取一個實數(shù),
依次記為m和n,則(m,n)表示的圖形面積為35=15,
其中滿足m>n,即在直線m=n右側的點表示的圖形面積為:12(2+5)3=212,故m>n的概率P=21215=710.
8.定義d(a,b)=|a-b|為兩個向量a,b間的“距離”.若向量a,b滿足:①|(zhì)b|=1;②a≠b;③對任意的t∈R,恒有d(a,tb)≥d(a,b).則 ( )
A.a⊥b B.a⊥(a-b)
C.b⊥(a-b) D.(a+b)⊥(a-b)
【解析】選C.如圖所示,因為|b|=1,所以b的終點在單位圓上.設點B在單位圓上.點A不在單位圓上,則可用OB表示b,用OA表示a,用BA表示a-b.設OC=tb,所以d(a,tb)=|CA|, d(a,b)=|BA|,因為對任意t∈R,d(a,tb)≥d(a,b),所以|CA|≥|BA|恒成立,所以BA⊥OB,即b⊥(a-b).
9.已知x,y滿足x+y-1≥0,x-2y-4≤0,2x-y-2≥0,如果目標函數(shù)z=y+1x-m的取值范圍為[0,2),則實數(shù)m的取值范圍為 ( )
A.0,12 B.-∞,12
C.-∞,12 D.(-∞,0]
【解析】選C.由約束條件,作出可行域如圖中陰影部分所示,而目標函數(shù)z=y+1x-m的幾何意義為可行域內(nèi)的點(x,y)與A(m,-1)連線的斜率,由x+y-1=0,x-2y-4=0,得x=2,y=-1,即B(2,-1).由題意知m=2不符合題意,故點A與點B不重合,因而當連接AB時,斜率取到最小值0.由y=-1與2x-y-2=0,得交點C12,-1,在點A由點C向左移動的過程中,可行域內(nèi)的點與點A連線的斜率小于2,因而目標函數(shù)的取值范圍滿足z∈[0,2),則m<12.
10.已知直線x+y=a與圓x2+y2=4交于A,B兩點,且|+|=|-|(其中O為坐標原點),則實數(shù)a等于 ( )
A.2 B.-2
C.2或-2 D.6或-6
【解析】選C.由|+|=|-|知OA⊥OB,所以由題意可得|a|2=2,所以a=2.另外也可以用畫圖直接寫出答案.
11.已知數(shù)列{an}的各項均為正數(shù),執(zhí)行程序框圖(如圖),當k=4時,輸出S=13,
則a2017= ( )
A.2 015 B.2 016 C.2 017 D.2 018
【解析】選D.由程序框圖可知,{an}是公差為1的等差數(shù)列,且1a1a2+1a2a3+1a3a4+1a4a5=13,
所以1a1-1a2+1a2-1a3+1a3-1a4+1a4-1a5=1a1-1a5=13,所以1a1-1a1+4=13,解得a1=2,
所以a2 017=a1+2 016d=2+2 016=2 018.
12.若定義在R上的函數(shù)f(x)滿足f(x)+f′(x)>1,f(0)=4,則不等式f(x)>3ex+1(e為自然對數(shù)的底數(shù))的解集為 ( )
A.(0,+∞) B.(-∞,0)∪(3,+∞)
C.(-∞,0)∪(0,+∞) D.(3,+∞)
【解析】選A.由f(x)>3ex+1,得exf(x)>3+ex.
構造函數(shù)F(x)=exf(x)-ex-3,得F′(x)=exf(x)+exf′(x)-ex=ex[f(x)+f′(x)-1].
由f(x)+f′(x)>1,ex>0,可知F′(x)>0,即F(x)在R上單調(diào)遞增.
又因為F(0)=e0f(0)-e0-3=f(0)-4=0.
所以F(x)>0的解集為(0,+∞).
第Ⅱ卷
本卷包含必考題和選考題兩部分.第13題~第21題為必考題,每個試題考生都必須作答.第22題~第23題為選考題,考生根據(jù)要求作答.
二、填空題(本大題共4小題,每小題5分)
13.已知點A(x1,ax1),B(x2,ax2)是函數(shù)y=ax(a>1)的圖象上任意不同兩點,依據(jù)圖象可知,線段AB總是位于A,B兩點之間函數(shù)圖象的上方,因此有結論ax1+ax22>ax1+x22成立.運用類比思想方法可知,若點A(x1,sin x1),B(x2,sin x2)是函數(shù)y=sin x(x∈(0,π))的圖象上任意不同兩點,則類似地有____________成立.
【解析】對于函數(shù)y=ax(a>1)的圖象上任意不同兩點A,B,依據(jù)圖象可知,線段AB總是位于A,B兩點之間函數(shù)圖象的上方,因此有結論ax1+ax22>ax1+x22成立;對于函數(shù)y=sin x(x∈(0,π))的圖象上任意不同的兩點A(x1,sin x1),B(x2,sin x2),線段AB總是位于A,B兩點之間函數(shù)圖象的下方,類比可知應有sin x1+sin x22b>0)的離心率為63,以原點O為圓心,橢圓C的長半軸長為半徑的圓與直線2x-2y+6=0相切.
(1)求橢圓C的標準方程.
(2)已知點A,B為動直線y=k(x-2)(k≠0)與橢圓C的兩個交點,問:在x軸上是否存在定點E,使得EA2+EAAB為定值?若存在,試求出點E的坐標和定值;若不存在,請說明理由.
【解析】 (1)由e=63,得ca=63,即c=63a, ①
又以原點O為圓心,橢圓C的長半軸長為半徑的圓為x2+y2=a2,且該圓與直線2x-2y+6=0相切,所以a=|6|22+(-2)2=6,代入①得c=2,所以b2=a2-c2=2,所以橢圓C的標準方程為x26+y22=1.
(2)由x26+y22=1,y=k(x-2),得(1+3k2)x2-12k2x+12k2-6=0.
設A(x1,y1),B(x2,y2),則x1+x2=12k21+3k2,x1x2=12k2-61+3k2.
根據(jù)題意,假設x軸上存在定點E(m,0),使得EA2+EAAB=(EA+AB)EA=EAEB為定值,
則EAEB=(x1-m,y1)(x2-m,y2)=(x1-m)(x2-m)+y1y2=(k2+1)x1x2- (2k2+m)(x1+x2)+(4k2+m2)=(3m2-12m+10)k2+(m2-6)1+3k2,要使上式為定值,即與k無關,只需3m2-12m+10=3(m2-6),解得m=73,此時,EA2+EAAB=m2-6=-59,
所以在x軸上存在定點E73,0,使得EA2+EAAB為定值,且定值為-59.
21.(本小題滿分12分)設函數(shù)f(x)=ln x-12ax2-bx.
(1)當a=b=12時,求f(x)的最大值.
(2)令F(x)=f(x)+12ax2+bx+ax(00)
當00,此時f(x)單調(diào)遞增;
當x>1時,f′(x)<0,此時f(x)單調(diào)遞減.
所以f(x)的極大值為f(1)=-34,此即為最大值.
(2)F(x)=ln x+ax,x∈(0,3],則有k=F′(x0)=x0-ax02≤12,在x0∈(0,3]上恒成立,
所以a≥-12x02+x0max,x0∈(0,3],
當x0=1時,-12x02+x0取得最大值12,
所以a≥12.
(3)因為方程2mf(x)=x2有唯一實數(shù)解,
所以x2-2mln x-2mx=0有唯一實數(shù)解,
設g(x)=x2-2mln x-2mx,
則g′(x)=2x2-2mx-2mx,
令g′(x)=0,x2-mx-m=0,
因為m>0,x>0,
所以x1=m-m2+4m2<0(舍去),
x2=m+m2+4m2,
當x∈(0,x2)時,g′(x)<0,g(x)在(0,x2)上單調(diào)遞減,
當x∈(x2,+∞)時,g′(x)>0,g(x)在(x2,+∞)單調(diào)遞增,
當x=x2時,g′(x2)=0,g(x)取最小值g(x2).
則g(x2)=0,g(x2)=0,即x22-2mln x2-2mx2=0x22-mx2-m=0.
所以2mln x2+mx2-m=0,
因為m>0,所以2ln x2+x2-1=0 (*).
設函數(shù)h(x)=2ln x+x-1,因為當x>0是,h(x)是增函數(shù),所以h(x)=0至多有一解.
因為h(1)=0,所以方程(*)的解為x2=1,
即m+m2+4m2=1,解得m=12.
請考生在第22、23二題中任選一題作答,如果多做,則按所做的第一題計分.
22.(本小題滿分10分)選修4-4:坐標系與參數(shù)方程
點Ρ是曲線ρ=2(0≤θ≤π)上的動點,Α(2,0),ΑΡ的中點為Q.
(1)求點Q的軌跡C的直角坐標方程.
(2)若C上點Μ處的切線斜率的取值范圍是-3,-33,求點Μ橫坐標的取值范圍.
【解析】(1)由ρ=2(0≤θ≤π),得x2+y2=4(y≥0),
設P(x1,y1),Q(x,y),
則x=x1+22,y=y12,即x1=2x-2,y1=2y,
代入x12+y12=4(y≥0),
得(2x-2)2+(2y)2=4,所以(x-1)2+y2=1(y≥0).
(2)軌跡C是一個以(1,0)為圓心,1半徑的半圓,如圖所示,
設M(1+cos φ,sin φ),設點M處切線l的傾斜角為α,由l斜率范圍-3,-33,
可得2π3≤α≤5π6,而φ=α-π2,
所以π6≤φ≤π3,所以32≤1+cos φ≤2+32,
所以,點M橫坐標的取值范圍是32,2+32.
23.(本小題滿分10分)選修4-5:不等式選講
設函數(shù)f(x)=|x+1|+|x-4|-a.
(1)當a=1時,求函數(shù)f(x)的最小值.
(2)若f(x)≥4a+1對任意的實數(shù)x恒成立,求實數(shù)a的取值范圍.
【解析】 (1)當a=1時,f(x)=|x+1|+|x-4|-1≥|x+1-(x-4)|-1=4,所以f(x)min=4.
(2)f(x)≥4a+1對任意的實數(shù)x恒成立?|x+1|+|x-4|-1≥a+4a對任意的實數(shù)x恒成立?a+4a≤4,
當a<0時,上式成立;
當a>0時,a+4a≥2a4a=4,
當且僅當a=4a,即a=2時上式取等號,此時a+4a≤4成立.
綜上,實數(shù)a的取值范圍為(-∞,0)∪{2}.
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