2019-2020年高三物理二輪復(fù)習(xí) 仿真檢測(cè)（二）.doc

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2019-2020年高三物理二輪復(fù)習(xí) 仿真檢測(cè)（二） 一、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14～18題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19～21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。 14．兩個(gè)物體從同一高度同時(shí)由靜止開始下落，經(jīng)過一段時(shí)間分別與水平地面發(fā)生碰撞(碰撞過程時(shí)間極短)后反彈，碰撞前后瞬間速度大小不變，其中一個(gè)物體所受空氣阻力可忽略，另一個(gè)物體所受空氣阻力大小與物體速率成正比。下列分別用虛線和實(shí)線描述的兩物體運(yùn)動(dòng)的vt圖像，可能正確的是(　　) 15. 如圖1所示，光滑水平面上放置一斜面體A，在其粗糙斜面上靜止一物塊B，開始時(shí)A處于靜止。從某時(shí)刻開始，一個(gè)從0逐漸增大的水平向左的力F作用在A上，使A和B一起向左做變加速直線運(yùn)動(dòng)。則在B與A發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng)之前的一段時(shí)間內(nèi)(　　) 圖1 A．B對(duì)A的壓力和摩擦力均逐漸增大 B．B對(duì)A的壓力和摩擦力均逐漸減小 C．B對(duì)A的壓力逐漸增大，B對(duì)A的摩擦力逐漸減小 D．B對(duì)A的壓力逐漸減小，B對(duì)A的摩擦力逐漸增大 16．我國(guó)志愿者王躍曾與俄羅斯志愿者一起進(jìn)行“火星500”的實(shí)驗(yàn)活動(dòng)。假設(shè)王躍登陸火星后，測(cè)得火星的半徑是地球半徑的，質(zhì)量是地球質(zhì)量的。已知地球表面的重力加速度是g，地球的半徑為R，王躍在地面上能向上豎直跳起的最大高度是h，忽略自轉(zhuǎn)的影響，下列說法正確的是(　　) A．火星的平均密度為 B．火星表面的重力加速度是 C．火星的第一宇宙速度與地球的第一宇宙速度之比為 D．王躍以與在地球上相同的初速度在火星上起跳后，能達(dá)到的最大高度是 17. 對(duì)于真空中電量為Q的靜止點(diǎn)電荷而言，當(dāng)選取離點(diǎn)電荷無窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為零時(shí)，離點(diǎn)電荷距離為r處電勢(shì)為φ＝(k為靜電力常量)。如圖2所示，一質(zhì)量為m、電量為q可視為點(diǎn)電荷的帶正電小球用絕緣絲線懸掛在天花板上，在小球正下方的絕緣底座上固定一半徑為R的金屬球，金屬球接地，兩球球心間距離為d。由于靜電感應(yīng)，金屬球上分布的感應(yīng)電荷的電量為q′。則下列說法正確的是(　　) 圖2 A．金屬球上的感應(yīng)電荷電量q′＝－q B．金屬球上的感應(yīng)電荷電量q′＝－q C．絕緣絲線中對(duì)小球的拉力大小為mg＋ D．絕緣絲線中對(duì)小球的拉力大小mg－ 18．如圖3所示，在磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝1.0 T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，金屬桿PQ在外力F作用下在粗糙U形導(dǎo)軌上以速度v＝2 m/s向右勻速滑動(dòng)，兩導(dǎo)軌間距離L＝1.0 m，電阻R＝3.0 Ω，金屬桿PQ的電阻r＝1.0 Ω，導(dǎo)軌電阻忽略不計(jì)，則下列說法正確的是(　　) 圖3 A．通過R的感應(yīng)電流的方向?yàn)橛蒬到a B．金屬桿PQ兩端電壓為2 V C．金屬桿PQ受到的安培力大小為0.5 N D．外力F做功大小等于電路產(chǎn)生的焦耳熱 19．如圖4所示，光滑固定的豎直桿上套有小物塊a，不可伸長(zhǎng)的輕質(zhì)細(xì)繩通過大小可忽略的定滑輪連接物塊a和小物塊b，虛線cd水平。現(xiàn)由靜止釋放兩物塊，物塊a從圖示位置上升，并恰能到達(dá)c點(diǎn)。在此過程中，若不計(jì)摩擦和空氣阻力，下列說法正確的是(　　) 圖4 A．繩拉力對(duì)物塊a做的功等于物塊a重力勢(shì)能的增加量 B．物塊a到達(dá)c點(diǎn)時(shí)加速度為零 C．繩拉力對(duì)物塊b做的功在數(shù)值上等于物塊b機(jī)械能的減少量 D．繩拉力對(duì)物塊b先做負(fù)功后做正功 20．某興趣小組用實(shí)驗(yàn)室的手搖發(fā)電機(jī)和理想變壓器給一個(gè)燈泡供電，電路如圖5，當(dāng)線圈以較大的轉(zhuǎn)速n勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，電壓表示數(shù)是U1，額定電壓為U2的燈泡正常發(fā)光，燈泡正常發(fā)光時(shí)電功率為P，手搖發(fā)電機(jī)的線圈電阻是r，則有(　　) 圖5 A. 電流表的示數(shù)是 B．變壓器原副線圈的匝數(shù)比是U2∶U1 C．變壓器輸入電壓的瞬時(shí)值u＝U2sin 2πnt D．手搖發(fā)電機(jī)線圈中產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)最大值是Em＝ 21．如圖6所示，兩平行金屬板水平放置，開始開關(guān)S合上使平行板電容器帶電。板間存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一個(gè)不計(jì)重力的帶電粒子恰能以水平向右的速度沿直線通過兩板。在以下方法中，能使帶電粒子仍沿水平直線通過兩板的是(　　) 圖6 A．將兩板的距離增大一倍，同時(shí)將磁感應(yīng)強(qiáng)度增大一倍 B．將兩板的距離減小一半，同時(shí)將磁感應(yīng)強(qiáng)度增大一倍 C．將開關(guān)S斷開，兩板間的正對(duì)面積減小一半，同時(shí)將板間磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度減小一半 D．將開關(guān)S斷開，兩板間的正對(duì)面積減小一半，同時(shí)將板間磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度增大一倍 二、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分。第22題～第25題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。第33題～第35題為選考題，考生根據(jù)要求作答。 (一)必考題(共47分) 22．(6分)圖7是實(shí)驗(yàn)室測(cè)定水平面和小物塊之間動(dòng)摩擦因數(shù)的實(shí)驗(yàn)裝置，曲面AB與水平面相切于B點(diǎn)且固定。帶有遮光條的小物塊自曲面上面某一點(diǎn)釋放后沿水平面滑行最終停在C點(diǎn)，P為光電計(jì)時(shí)器的光電門，已知當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間。 　 圖7 (1)利用游標(biāo)卡尺測(cè)得遮光條的寬度如圖乙所示，則遮光條的寬度d＝________ cm； (2)(多選題)實(shí)驗(yàn)中除了測(cè)定遮光條的寬度外，還需要測(cè)量的物理量有________； A．小物塊質(zhì)量m B．遮光條通過光電門的時(shí)間t C．光電門到C點(diǎn)的距離x D．小物塊釋放點(diǎn)的高度h (3)為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，同學(xué)們采用圖像法來處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，他們根據(jù)(2)測(cè)量的物理量，建立下圖所示的坐標(biāo)系來尋找關(guān)系，其中合理的是________。 23．(9分)某同學(xué)準(zhǔn)備通過實(shí)驗(yàn)描繪額定電壓3.0 V、額定功率約0.9 W的小燈泡的伏安特性曲線。實(shí)驗(yàn)室可供選用的器材如下： A．電源E1(電動(dòng)勢(shì)3 V，內(nèi)阻很小，允許輸出的最大電流200 mA) B．電源E2(電動(dòng)勢(shì)4.5 V，內(nèi)阻很小，允許輸出的最大電流600 mA) C．電壓表V(15 V，內(nèi)阻約5 kΩ) D．電流表A1(0.6 A，內(nèi)阻約6 Ω) E．電流表A2(0.2 A，內(nèi)阻為20 Ω) F．滑動(dòng)變阻器R1(最大阻值20 Ω，額定電流2 A) G．滑動(dòng)變阻器R2(最大阻值5 kΩ，額定電流1 A) H．電鍵S I．導(dǎo)線若干 (1)請(qǐng)你在虛線框內(nèi)畫出實(shí)驗(yàn)電路圖，并在電路圖上標(biāo)出所用元件對(duì)應(yīng)的符號(hào)(如“V”“A1”“A2”“R1”“R2”“E1”“E2”等)。要求：測(cè)量結(jié)果盡可能準(zhǔn)確且操作方便。 (2)實(shí)驗(yàn)小組的同學(xué)依據(jù)上述實(shí)驗(yàn)，繪制出了小燈泡的伏安特性曲線，如圖甲所示?，F(xiàn)將三個(gè)這樣規(guī)格的小燈泡接在電動(dòng)勢(shì)為3.0 V、內(nèi)阻不計(jì)的電源上，連接方式如圖乙所示。當(dāng)開關(guān)閉合后，下列哪些判斷不正確(　　) 圖8 A．圖乙所示的電路中燈泡L1的電阻為10 Ω B．通過燈泡L1的電流為通過燈泡L2電流的2倍 C．燈泡L1消耗的電功率為0.90 W D．燈泡L2消耗的電功率為0.45 W 24．(12分)如圖9所示，質(zhì)量M＝8.0 kg、長(zhǎng)L＝2.0 m的木板靜置在水平地面上，質(zhì)量m＝0.50 kg 的小滑塊(可視為質(zhì)點(diǎn))以速度v0＝3.0 m/s從木板的左端沖上木板。已知滑塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.20，重力加速度g取10 m/s2。 圖9 (1)若木板固定，滑塊將從木板的右端滑出，求滑塊在木板上滑行的時(shí)間t和滑出時(shí)的速度v； (2)若水平地面光滑，且木板不固定，在小滑塊沖上木板的同時(shí)，對(duì)木板施加一個(gè)水平向右的恒力F，如果要使滑塊不從木板右端掉下，力F應(yīng)滿足什么條件？假定滑塊與木板之間最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力相等。 25．(20分)如圖10，豎直平面內(nèi)放著兩根間距L＝1 m、電阻不計(jì)的足夠長(zhǎng)平行金屬板M、N，兩板間接一阻值R＝2 Ω的電阻，N板上有一小孔Q，在金屬板M、N之間CD上方有垂直紙面向里的磁感應(yīng)強(qiáng)度B0＝ 1 T的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)，N板右側(cè)區(qū)域KL上、下部分分別充滿方向垂直紙面向外和向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小分別為B1＝3 T和B2＝2 T。有一質(zhì)量M＝0.2 kg、電阻r ＝1 Ω的金屬棒搭在M、N之間并與M、N良好接觸，用輸出功率恒定的電動(dòng)機(jī)拉著金屬棒豎直向上運(yùn)動(dòng)，當(dāng)金屬棒達(dá)最大速度時(shí)，在與Q等高并靠近M板的P點(diǎn)由靜止釋放一個(gè)比荷＝1104 C/kg的正離子，經(jīng)電場(chǎng)加速后，以v＝200 m/s的速度從Q點(diǎn)垂直于N板邊界射入右側(cè)區(qū)域。不計(jì)離子重力，忽略電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)，取g＝10 m/s2。求： 圖10 (1)金屬棒達(dá)最大速度時(shí)，電阻R兩端電壓U； (2)電動(dòng)機(jī)的輸出功率P； (3)離子從Q點(diǎn)進(jìn)入右側(cè)磁場(chǎng)后恰好不會(huì)回到N板，求Q點(diǎn)距分界線的高度h。 (二)選考題(共15分) (請(qǐng)考生從給出的3道題中任選一題作答，多答則按所答的第一題評(píng)分) [物理——選修3－3](15分) 33. (1)(5分)以下判斷正確的是________。(填正確答案標(biāo)號(hào)，選對(duì)1個(gè)得2分，選對(duì)2個(gè)得4分，選對(duì)3個(gè)得5分；每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分為0分) A．“用油膜法估測(cè)分子的大小”實(shí)驗(yàn)中油酸分子直徑近似等于油酸溶液體積除以相應(yīng)油酸膜的面積 B．載人飛船繞地球運(yùn)動(dòng)時(shí)容器內(nèi)的水呈球形，這是因?yàn)橐后w表面具有收縮性的表現(xiàn) C．運(yùn)動(dòng)小球在水平粗糙平面做減速運(yùn)動(dòng)停下后，不會(huì)自發(fā)地內(nèi)能減小，動(dòng)能增加而加速，是因?yàn)檫@違反了能量守恒定律 D．一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)歷等壓膨脹過程，氣體密度將減小、分子平均動(dòng)能將增大 E．氣球的吹氣口套在礦泉水的瓶口，氣球放在瓶?jī)?nèi)，很難把氣球吹大。這一現(xiàn)象可以用玻意耳定律解釋 (2)(10分)如圖11所示，蹦蹦球是一種兒童健身玩具，某同學(xué)在17 ℃的室內(nèi)對(duì)蹦蹦球充氣，已知充氣前球的總體積為2 L，壓強(qiáng)為1 atm，充氣筒每次充入0.2 L壓強(qiáng)為1 atm的氣體，忽略蹦蹦球體積變化及充氣過程中氣體溫度的變化，求： 圖11 (ⅰ)充氣多少次可以讓氣體壓強(qiáng)增大至3 atm； (ⅱ)將充氣后的蹦蹦球拿到溫度為－13 ℃的室外后，壓強(qiáng)將變?yōu)槎嗌伲? [物理——選修3－4](15分) 34．(1)(5分)一條彈性繩子呈水平狀態(tài)， M為繩子中點(diǎn)，兩端P、Q同時(shí)開始上下振動(dòng)，一小段時(shí)間后產(chǎn)生的波形如圖12所示，對(duì)于其后繩上各點(diǎn)的振動(dòng)情況，以下判斷正確的是______。(填正確答案標(biāo)號(hào)，選對(duì)1個(gè)得2分，選對(duì)2個(gè)得4分，選對(duì)3個(gè)得5分；每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分為0分) 圖12 A．兩列波將同時(shí)到達(dá)中點(diǎn)M B．兩列波波速之比為1∶2 C．中點(diǎn)M的振動(dòng)總是加強(qiáng)的 D．M點(diǎn)的位移大小在某時(shí)刻可能為零 E．繩的兩端點(diǎn)P、Q開始振動(dòng)的方向相同 (2)(10分)MN為水平放置的光屏，在其正下方有一半圓柱形玻璃磚，玻璃磚的平面部分ab與光屏平行且過圓心O，平面ab與屏間距離為d＝0.2 m，整個(gè)裝置的豎直截面圖如圖13所示。在O點(diǎn)正下方有一光源S，發(fā)出的一束單色光沿半徑射入玻璃磚，通過圓心O再射到屏上?，F(xiàn)使玻璃磚在豎直面內(nèi)以O(shè)點(diǎn)為圓心沿逆時(shí)針方向以角速度ω＝ rad/s緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)，在光屏上出現(xiàn)了移動(dòng)的光斑。已知單色光在這種玻璃中的折射率為n＝ ，求： 圖13 (ⅰ)當(dāng)玻璃磚由圖示位置轉(zhuǎn)動(dòng)多長(zhǎng)時(shí)間屏上光斑剛好徹底消失； (ⅱ)玻璃磚由圖示位置轉(zhuǎn)到光斑剛好徹底消失的過程中，光斑在屏上移動(dòng)的距離s。 [物理——選修3－5](15分) 35．(1) (5分)以下是有關(guān)近代物理內(nèi)容的若干敘述，其中正確的有________。(填正確答案標(biāo)號(hào)，選對(duì)1個(gè)得2分，選對(duì)2個(gè)得4分，選對(duì)3個(gè)得5分；每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分為0分) A．紫外線照射到金屬鋅板表面時(shí)能產(chǎn)生光電效應(yīng)，則當(dāng)增大紫外線的照射強(qiáng)度時(shí)，從鋅板表面逸出的光電子的最大初動(dòng)能也隨之增大 B．每個(gè)核子只跟鄰近的核子發(fā)生核力作用 C．原子核式結(jié)構(gòu)模型是由湯姆遜在α粒子散射實(shí)驗(yàn)基礎(chǔ)上提出的 D．太陽(yáng)內(nèi)部發(fā)生的核反應(yīng)是熱核反應(yīng) E．關(guān)于原子核內(nèi)部的信息，最早來自天然放射現(xiàn)象 (2)(10分)如圖14甲所示，物塊A、B的質(zhì)量分別是mA＝4.0 kg和mB＝3.0 kg。用輕彈簧拴接，放在光滑的水平地面上，物塊B右側(cè)與豎直墻相接觸。另有一物塊C從t＝0時(shí)以一定速度向右運(yùn)動(dòng)，在t＝4 s時(shí)與物塊A相碰，并立即與A粘在一起不再分開，物塊C的vt圖像如圖乙所示。求： 圖14 (ⅰ)物塊C的質(zhì)量。 (ⅱ)B離開墻后的運(yùn)動(dòng)過程中彈簧具有的最大彈性勢(shì)能Ep。 答 案 14．選D　若不計(jì)空氣阻力，則小球下落后，先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，與地面碰撞后做豎直上拋運(yùn)動(dòng)(勻減速直線運(yùn)動(dòng))，加速度不變，若考慮空氣阻力，下落過程中，速度越來越大，則空氣阻力越來越大，根據(jù)牛頓第二定律可知，加速度越來越小且小于g，與地面碰撞后，速度越來越小，則空氣阻力越來越小，根據(jù)牛頓第二定律可知，加速度越來越大且大于g，根據(jù)速度時(shí)間圖像的斜率表示加速度可知，D正確。 15．選D　對(duì)物體進(jìn)行受力分析，如圖所示，將加速度進(jìn)行分解，設(shè)斜面的傾角為θ。 根據(jù)牛頓第二定律得： 垂直于斜面方向： mgcos θ－FN＝masin θ 平行于斜面方向：Ff－mgsin θ＝macos θ 得到：FN＝mgcos θ－masin θ，F(xiàn)f＝mgsin θ＋macos θ， 可見，當(dāng)加速度a增大時(shí)，支持力FN減小，摩擦力Ff增大，根據(jù)牛頓第三定律得知，B對(duì)A的壓力逐漸減小，B對(duì)A的摩擦力逐漸增大。故ABC錯(cuò)誤，D正確。 16．選A　由G＝mg，得：g＝，已知火星半徑是地球半徑的，質(zhì)量是地球質(zhì)量的，則火星表面的重力加速度是地球表面的重力加速度的，即為g，設(shè)火星質(zhì)量為M′，由萬(wàn)有引力等于重力可得：G＝mg′解得： M′＝密度為：ρ′＝＝，故A正確，B錯(cuò)誤；由G＝m，得：v＝ ，火星的第一宇宙速度是地球第一宇宙速度的倍，故C錯(cuò)誤；王躍以v0在地球起跳時(shí)，根據(jù)豎直上拋的運(yùn)動(dòng)規(guī)律得出可跳的最大高度是：h＝，由于火星表面的重力加速度是g，王躍以相同的初速度在火星上起跳時(shí)，可跳的最大高度h′＝h，D錯(cuò)誤。 17．選A　金屬球球心處電勢(shì)為0，而金屬球上的電荷由于q的存在集中在球的上端，則有k＝k，得q′＝－q，A正確，B錯(cuò)；絕緣絲線中對(duì)小球的拉力大小為mg＋，C、D錯(cuò)。 18．選C　由右手定則判斷知，導(dǎo)體PQ產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向?yàn)镼→P，通過R的感應(yīng)電流的方向?yàn)橛蒩到d。故A錯(cuò)誤；導(dǎo)體PQ切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小為：E＝BLv＝1.012 V＝2 V，而PQ間的電壓是外電壓，由于PQ有電阻，所以導(dǎo)體PQ兩端的電壓小于感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，即小于2 V，故B錯(cuò)誤；感應(yīng)電流為：I＝＝ A＝0.5 A，F(xiàn)＝F安＝BIL＝1.00.51 N＝0.5 N，故C正確；金屬桿PQ在外力F作用下在粗糙U形導(dǎo)軌上以速度v向右勻速滑動(dòng)，外力F做功大小等于電路產(chǎn)生的焦耳熱和導(dǎo)軌與金屬桿之間的摩擦力產(chǎn)生的內(nèi)能的和，故D錯(cuò)誤。 19．選AC　從a到c，a的動(dòng)能變化量為零，根據(jù)功能關(guān)系可知，繩拉力對(duì)物塊a做的功等于物塊a的重力勢(shì)能的增加量，故A正確；當(dāng)a物塊到達(dá)c處時(shí)，由受力分析可知：水平方向受力平衡，豎直方向只受重力作用，所以根據(jù)牛頓第二定律得知，a物塊的加速度a＝g＝10 m/s2，故B錯(cuò)誤；從a到c，b的動(dòng)能變化量為零，根據(jù)功能關(guān)系：除重力以外其他力做的功等于機(jī)械能的增量，故繩拉力對(duì)b做的功在數(shù)值上等于b機(jī)械能的減少量，故C正確；物塊a上升到與滑輪等高前，b下降，繩的拉力對(duì)b做負(fù)功，故D錯(cuò)誤。 20．選AD　理想變壓器的輸入功率和輸出功率相等，燈泡正常發(fā)光時(shí)電功率為P，所以輸入功率為P，電流表的示數(shù)是，故A正確；電壓與匝數(shù)成正比，所以變壓器的原副線圈的匝數(shù)比是U1∶U2。故B錯(cuò)誤；線圈以較大的轉(zhuǎn)速n勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，所以ω＝2πn，所以變壓器輸入電壓的瞬時(shí)值u＝U1sin 2πnt，故C錯(cuò)誤；手搖發(fā)電機(jī)的線圈中產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)最大值是Em＝U1＋r，故D正確。 21．選BD　電容器處于通電狀態(tài)，把兩板間距離增大一倍，由E＝可知，電場(chǎng)強(qiáng)度變?yōu)樵瓉淼囊话?，根?jù)Eq＝qvB可知，要使粒子勻速通過，同時(shí)應(yīng)將磁感應(yīng)強(qiáng)度減小一倍，故A錯(cuò)誤；電容器處于通電狀態(tài)，把兩板間距離減小一倍，由E＝可知，則電場(chǎng)強(qiáng)度增加一倍，根據(jù)Eq＝qvB可知，要使粒子勻速通過，磁場(chǎng)應(yīng)該增大一倍，故B正確；如果把開關(guān)S斷開，根據(jù)E＝＝＝，因兩極間的電量不變，當(dāng)兩板間的正對(duì)面積減小一半，則兩極板之間的電場(chǎng)強(qiáng)度增強(qiáng)一倍，因此根據(jù)Eq＝qvB可知，要使粒子勻速通過，磁場(chǎng)強(qiáng)度增大一倍，故C錯(cuò)誤，D正確。 22．解析：(1)主尺的刻度：1 cm，游標(biāo)尺上的第12個(gè)刻度與主尺的刻度對(duì)齊，讀數(shù)是：0.0512 mm＝0.60 mm， 總讀數(shù)：10 mm＋0.60 mm＝10.60 mm＝1.060 cm； (2)實(shí)驗(yàn)的原理：根據(jù)遮光條的寬度與滑塊通過光電門的時(shí)間即可求得滑塊的速度：v＝， B到C的過程中，摩擦力做功，根據(jù)動(dòng)能定理得： －μmgx＝0－mv2， 聯(lián)立以上兩個(gè)公式得動(dòng)摩擦因數(shù)的表達(dá)式：μ＝， 還需要測(cè)量的物理量是：光電門P與C之間的距離x，與遮光條通過光電門的時(shí)間t，故B、C正確，A、D錯(cuò)誤； (3)由動(dòng)摩擦因數(shù)的表達(dá)式可知，μ與t2和x的乘積成反比，所以x與的圖線是過原點(diǎn)的直線，應(yīng)該建立的坐標(biāo)系為：縱坐標(biāo)用物理量，橫坐標(biāo)用物理量x，即B正確，A、C、D錯(cuò)誤。 答案：(1)1.060　(2)BC　(3)B 23.解析：(1)小燈泡上的額定電壓3 V，所以電源選擇E2；而電壓表V的量程為15 V，不符合測(cè)量要求，所以根據(jù)串聯(lián)分壓的知識(shí)得將A2與燈泡并聯(lián)，當(dāng)成電壓表，選A1測(cè)量電流，又小燈泡電阻與電流表電阻相當(dāng)，故電流表應(yīng)用外接法；因做描繪小燈泡伏安特性曲線實(shí)驗(yàn)要求電流與電壓從零調(diào)，故滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法，應(yīng)該選擇最大阻值較小的，有利于數(shù)據(jù)的測(cè)量，故選R1，電路圖如下圖所示： (2)當(dāng)開關(guān)閉合后，燈泡L1的電壓U1＝3 V，由圖讀出其電流I1＝0.30 A，則燈泡L1的電阻R1＝＝10 Ω，故A正確；燈泡L2、L3串聯(lián)，電壓U2＝U3＝1.5 V，由圖讀出其電流I2＝I3＝0.20 A，所以＝＝，故B錯(cuò)誤；L1消耗的電功率為P1＝U1I1＝30.30 W＝0.9 W，故C正確；L2消耗的電功率為P2＝U2I2＝1.50.20 W＝0.3 W，故D錯(cuò)誤。 答案：(1)見解析　(2)BD 24．解析：(1)由題意知，滑塊在木板上由滑動(dòng)摩擦力作用下產(chǎn)生加速度大?。篴＝＝＝μg＝0.210 m/s2＝2 m/s2 因?yàn)榛瑝K做勻減速運(yùn)動(dòng)，所以滑塊滑離木板時(shí)產(chǎn)生的位移為： x＝v0t－at2 代入數(shù)據(jù)可得滑塊運(yùn)動(dòng)時(shí)間：t＝1 s 根據(jù)速度時(shí)間關(guān)系可知，滑塊滑離木板時(shí)的速度： v＝v0－at＝3－21(m/s)＝1 m/s。 (2)令滑塊不滑離木板右端時(shí)，設(shè)木板的最小加速度為a′，則可知，滑塊不滑下來，滑塊的位移與木板的位移差剛好為木板的長(zhǎng)度L，運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t，則有： 據(jù)速度時(shí)間關(guān)系有：3－2t＝a′t① 根據(jù)位移時(shí)間關(guān)系有：－a′t2＝2② 由①②兩式解得木板獲得的最小加速度：a′＝0.25 m/s2 根據(jù)牛頓第二定律可知，木板獲得的加速度a′＝，即木板獲得的最小拉力 F＝Ma′－μmg＝80.25－0.20.510(N)＝1 N 所以，當(dāng)F≥1 N時(shí)，滑塊不會(huì)從木板的右端滑出。 答案：(1)1 s　1 m/s　(2) F≥1 N 25．解析：(1)離子從P運(yùn)動(dòng)到Q，由動(dòng)能定理： qU＝mv2① 解得R兩端電壓：U＝2 V② (2)電路的電流：I＝③ 安培力：F安＝B0IL④ 受力平衡：F＝Mg＋F安⑤ 由閉合電路歐姆定律：E＝I(R＋r)⑥ 感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：E＝B0Lvm⑦ 功率：P＝Fvm⑧ 聯(lián)立②～⑧式解得：電動(dòng)機(jī)功率：P＝9 W。⑨ (3)如圖所示，設(shè)離子恰好不會(huì)回到N板時(shí)，對(duì)應(yīng)的離子在上、下區(qū)域的運(yùn)動(dòng)半徑分別為r1和r2，圓心的連線與N板的夾角為φ。 在磁場(chǎng)B1中， 由：qvB1＝m⑩ 解得運(yùn)動(dòng)半徑為：r1＝10－2 m? 在磁場(chǎng)B2中，由：qvB2＝m? 解得運(yùn)動(dòng)半徑為：r2＝110－2 m? 由幾何關(guān)系得：(r1＋r2)sin φ＝r2? r1＋r1cos φ＝h? 解～?得：h＝1.210－2 m。? 答案：(1)2 V　(2)9 W　(3) 1.210－2 m 33．解析：(1)“用油膜法估算分子的大小”實(shí)驗(yàn)中是用油酸溶液滴入水中，油酸分子直徑應(yīng)等于油酸體積除以相應(yīng)油膜的面積，故A錯(cuò)誤；載人飛船繞地球運(yùn)動(dòng)時(shí)，因處于完全失重，導(dǎo)致水與容器無作用力，則水在表面張力作用下，在容器內(nèi)的水呈球形，故B正確；小球的內(nèi)能不會(huì)自發(fā)地轉(zhuǎn)化為小球的動(dòng)能，這是熱力學(xué)第二定律的表現(xiàn)，并不違背能量守恒定律，故C錯(cuò)誤；由＝C，膨脹則體積增大，密度減?。坏葔号蛎洔囟壬?，故分子平均動(dòng)能增大，故D正確；氣球放在瓶?jī)?nèi)，根據(jù)玻意耳定律的公式PV＝C，當(dāng)V減小時(shí)，則P增大，因此很難把氣球吹大，故E正確。 (2)(ⅰ)設(shè)充氣n次可以讓氣體壓強(qiáng)增大至3 atm。 據(jù)題充氣過程中氣體發(fā)生等溫變化，以蹦蹦球內(nèi)原來的氣體和所充的氣體整體為研究對(duì)象，由玻意耳定律得： P1(V＋nΔV)＝P2V 代入：1(2＋n0.2)＝32 解得：n＝20(次)。 (ⅱ)當(dāng)溫度變化，氣體發(fā)生等容變化，由查理定律得：＝ 可得：P3＝P2＝3 atm≈2.7 atm。 答案：(1)BDE　(2)(ⅰ)20次　(ⅱ)2.7 atm 34．解析：(1)由題意可知，雖然波形不同，但波速相同，由于距離相同，所以兩波同時(shí)到達(dá)M點(diǎn)，故A正確；波速由介質(zhì)決定，與波長(zhǎng)和頻率無關(guān)，故B錯(cuò)誤；由于波的頻率不同，故兩列波只能疊加并不能干涉，所以M點(diǎn)不可能總是振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，故C錯(cuò)誤；M點(diǎn)的位移大小在某時(shí)刻可能為零，故D正確；根據(jù)質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向與波傳播方向的關(guān)系，P點(diǎn)開始時(shí)向上振動(dòng)，Q點(diǎn)開始時(shí)也向上振動(dòng)，故E正確。 (2)(ⅰ)由題意可知，假設(shè)玻璃磚轉(zhuǎn)過θ角時(shí)，折射光線剛好完全消失。此時(shí)的入射角也為θ，由折射定律可得： sin θ＝sin C＝ θ＝ 玻璃磚轉(zhuǎn)動(dòng)所用時(shí)間：t＝＝2 s。 (ⅱ)當(dāng)入射角i＝0，由折射定律可得：＝n 解得：r＝0 由圖可知在玻璃磚逆時(shí)針轉(zhuǎn)過θ角過程中折射光線順時(shí)針轉(zhuǎn)過α角：α＝－θ＝ s＝d tan α＝0.2 m。 答案：(1)ADE　(2)(ⅰ)2 s　(ⅱ)0.2 m 35．解析：(1)光電子的最大初動(dòng)能與入射光的頻率有關(guān)與光照強(qiáng)度無關(guān)，因此增大光照強(qiáng)度，光子的最大初動(dòng)能不變，故A錯(cuò)誤；核力為短程力，只能跟鄰近的核子產(chǎn)生核力的作用，故B正確；原子核式結(jié)構(gòu)模型是由盧瑟福在α粒子散射實(shí)驗(yàn)基礎(chǔ)上提出的，故C錯(cuò)誤；太陽(yáng)內(nèi)部發(fā)生的是熱核反應(yīng)，故D正確；關(guān)于原子核內(nèi)部的信息，最早來自于天然放射性現(xiàn)象，故E正確。 (2)(ⅰ)由圖知，C與A碰前速度為：v1＝9 m/s，碰后速度為：v 2＝3 m/s，C與A碰撞過程動(dòng)量守恒，以C的初速度方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律得：mCv1＝(mA＋mC)v2 解得：mC＝2 kg。 (ⅱ)12 s末B離開墻壁，之后A、B、C及彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量和機(jī)械能守恒，且當(dāng)AC與B速度v4相等時(shí)彈簧彈性勢(shì)能最大， 根據(jù)動(dòng)量守恒定律，有：(mA＋mC)v3＝(mA＋mB＋mC)v4 根據(jù)機(jī)械能守恒定律，有： (mA＋mC)v32＝(mA＋mB＋mC)v42＋Ep 解得：Ep＝9 J。 答案：(1)BDE　(2)(ⅰ)2 kg　(ⅱ)9 J