2019-2020年高三物理二輪復習 作業(yè)卷二十二 電場2(含解析).doc
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2019-2020年高三物理二輪復習 作業(yè)卷二十二 電場2(含解析) 一 、單選題(本大題共5小題 。在每小題給出的四個選項中,只有一個選項是符合題目要求的) 1.(xx安徽高考真題)由庫侖定律可知,真空中兩個靜止的點電荷,帶電量分別為q1和q2,其間距離為r時,它們之間相互作用力的大小為,式中k為靜電力常量。若用國際單位制的基本單位表示,k的單位應為 A.kgA2m2 B.kgA-2m3s-4 C.kgm2C-2 D.Nm2A-2 α粒子 重金屬原子核 M N P Q 2.(xx安徽高考真題)圖示是α粒子(氦原子核)被重金屬原子核散射的運動軌跡,M、N、P、Q是軌跡上的四點,在散射過程中可以認為重金屬原子核靜止不動。圖中所標出的α粒子在各點處的加速度方向正確的是 A.M B.N C.P D.Q 3.(xx安徽高考真題)+ + + + - - - - S 已知均勻帶電的無窮大平面在真空中激發(fā)電場的場強大小為,其中σ為平面上單位面積所帶的電荷量,ε0為常量。如圖所示的平行板電容器,極板正對面積為S,其間為真空,帶電量為Q。不計邊緣效應時,極板可看作無窮大導體板,則極板間的電場強度大小和兩極板間相互的靜電引力大小分別為 A.和 B.和 C.和 D.和 4.一水平放置的平行板電容器的兩極板間距為d,極板分別與電池兩極相連,上極板中心有一個小孔,(小孔對電場的影響可忽略不計)。小孔正上方d/2處的p點有一帶電粒子,該粒子從靜止開始下落,經過小孔進入電容器,并在下極板處(未與極板接觸)返回。若將下極板向上移動d/4,則仍從P點開始下落的相同粒子將( ) A.打到下極板上 B.在下極板處返回 C.在距上極板d/2處返回 D.在距上極板2d/5處返回 5.如圖(a)所示,兩個平行金屬板P、Q豎直放置,兩板間加上如圖(b)所示的電壓.t=0時,Q板比P板電勢高5V,此時在兩板的正中央M點有一個電子,速度為零,電子在電場力作用下運動,使得電子的位置和速度隨時間變化.假設電子始終未與兩板相碰.在0<t<8s的時間內,這個電子處于M點的右側,速度方向向左且大小逐漸減小的時間是( ) A.0<t<2s B.2s<t<4s C.4s<t<6s D.6<t<8s 二 、多選題(本大題共2小題 ) 6.(xx山東高考真題)如圖甲,兩水平金屬板間距為d,板間電場強度的變化規(guī)律如圖乙所示。t=0時刻,質量為m的帶電微粒以初速度v0沿中線射入兩板間,時間內微粒勻速運動,T時刻微粒恰好經金屬邊緣飛出。微粒運動過程中未與金屬板接觸。重力加速度的大小為g。關于微粒在時間內運動的描述,正確的是 A.末速度大小為 B.末速度沿水平方向 C.重力勢能減少了 D.克服電場力做功為 7.(xx廣東高考真題)如圖所示的水平勻強電場中,將兩個帶電小球M和N分別沿圖示路徑移動到同一水平線上的不同位置,釋放后,MN保持靜止,不計重力,則 A.M的帶電量比N大 B.M帶負電荷,N帶正電荷 三 、簡答題(本大題共2小題 ) 8.如圖所示,光滑水平細桿MN、CD,MN、CD在同一豎直平面內。兩桿間距離為h,N、C連線左側存在有界的電場,電場強度為E。質量為m的帶正電的小球P,穿在細桿上,從M端點由靜止向N端點運動,在N、C連線中點固定一個帶負電的小球,電荷量為Q。在勻強電場中做勻速圓周運動恰好回到C點,且小球P與細桿之間相互絕緣。 求:①帶正電的小球P的電荷量q , M D N C P E ②小球P在細桿MN上滑行的末速度v0; ③光滑水平細桿M、N兩點之間的電勢差; 9.在絕緣粗糙的水平面上相距為6L的A、B兩處分別固定電量不等的正電荷,兩電荷的位置坐標如圖(甲)所示,已知B處電荷的電量為+Q。圖(乙)是AB連線之間的電勢與位置x之間的關系圖象,圖中x=L點為圖線的最低點,x=-2L處的縱坐標,x=0處的縱坐標,x=2L處的縱坐標。若在x=-2L的C點由靜止釋放一個質量為m、電量為+q的帶電物塊(可視為質點),物塊隨即向右運動。求: (1)固定在A處的電荷的電量QA; (2)為了使小物塊能夠到達x=2L處,試討論小物塊與水平面間的動摩擦因數μ所滿足的條件; (3)若小物塊與水平面間的動摩擦因數,小物塊運動到何處時速度最大?并求最大速度; 0. xx萬卷作業(yè)卷(二十二)答案解析 一 、單選題 1.【答案】B 【解析】根據單位制,k的單位為Nm2C-2,而1N= 1kgms-2,1C=1 As,代入得k的單位為kgA-2m3s-4,故答案為B. 2.【答案】C 【解析】同種電荷相排斥,庫侖力沿兩者連線指向受力物體,由牛頓第二定律知,加速度也沿兩者連線指向受力物體。 3.【答案】D 【解析】由題意,單塊極板產生的電場強度為,根據電場的疊加原理,極板間的電場強度大小,選項B、C錯誤;由于一塊極板在另一塊極板處產生的電場強度處處相同,借用微元和累加的思想,所以另一塊極板所受電場力為,故選項A錯誤.答案為D. 4. 【答案】C 5. 【答案】D 解析:s時間內電子應向Q板運動,2s-4s,電子向右減速;4-6s,電子向左加速,6-8s,電子向左減速,答案應選D. 二 、多選題 6.【答案】BC 【解析】0~T/3時間內微粒恰好做勻速運動,根據平衡條件得qE0=mg,微粒在T/T/3時間內,只受重力作用做平拋運動,根據牛頓第二定律得2T/3~T時間內微粒有向上的加速度且大小等于重力加速度,根據運動的對稱性可得微粒在T時刻末的速度大小為v0,方向水平,緊貼下板邊緣飛出,A項錯誤,B項正確;重力做功為0.5mgd,故重力勢能的減少量為0.5mgd,C項正確;根據動能定理得克服電場力做的功等于重力做的功為0.5mgd,D項錯誤。 7.【答案】BD 【解析】由于M、N釋放后能保持靜止,因此電場對M、N的作用力一定與M、N間的庫侖力等大反向,因此兩個小球帶電量大小一定相等,A項錯誤;若M、N帶同種電荷,兩者不可能都靜止;如果M帶正電荷,N帶負電荷,兩者都不能靜止,B項正確;靜止時兩者受到的合力均為零,C項錯誤;M受到勻強電場的電場力水平向左,移動過程中,勻強電場對M做負功,D項正確。 三 、簡答題 8.、、 解:因帶點小球做勻速圓周運動可得: 3分 3分 庫侖力提供向心力 h=2r 在細桿MN上的動能定理 9. (1)由圖(乙)得,點為圖線的最低點,切線斜率為零, 即合場強E合=0 所以得解出 (2)物塊先做加速運動再做減速運動,到達x=2L處速度 從x=-2L到x=2L過程中,由動能定理得: ,即 解得 (3)小物塊運動速度最大時,電場力與摩擦力的合力為零,設該位置離A點的距離為 則: 解得,即小物塊運動到x=0時速度最大。 小物塊從運動到x=0的過程中,由動能定理得: 代入數據: 解得- 配套講稿:
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