京津瓊2019高考物理總復(fù)習(xí)專(zhuān)用優(yōu)編提分練：選擇題專(zhuān)練十一.doc

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選擇題專(zhuān)練(十一) 1．質(zhì)量為M＝1 kg的木板靜止在粗糙水平面上，木板與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ1，在木板的左端放置一個(gè)質(zhì)量為m＝1 kg、大小可忽略的鐵塊．鐵塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ2，取g＝10 m/s2.若在鐵塊右端施加一個(gè)從0開(kāi)始增大的水平向右的力F，假設(shè)木板足夠長(zhǎng)，鐵塊受木板摩擦力Ff隨拉力F的變化如圖1所示．則兩個(gè)動(dòng)摩擦因數(shù)的數(shù)值為(　　) 圖1 A．μ1＝0.1，μ2＝0.2 B．μ1＝0.1，μ2＝0.4 C．μ1＝0.2，μ2＝0.4 D．μ1＝0.4，μ2＝0.2 答案　B 解析　由題圖可知，當(dāng)F≥6 N時(shí)，鐵塊的摩擦力恒定即為滑動(dòng)摩擦力，且Ff＝μ2mg＝4 N，解得μ2＝0.4， 在F＝6 N時(shí)，鐵塊和木板具有相同的加速度， 對(duì)鐵塊有：F－Ff＝ma 解得a＝2 m/s2 對(duì)木板有：Ff－μ1(M＋m)g＝Ma 解得：μ1＝0.1，故B正確． 圖2 2．一個(gè)同學(xué)在做研究平拋運(yùn)動(dòng)實(shí)驗(yàn)時(shí)，只在紙上記下y軸位置，并在坐標(biāo)紙上描出如圖2所示曲線，在曲線上取A、B兩點(diǎn)，用刻度尺分別量出它們到y(tǒng)軸的距離AA′＝x1，BB′＝x2，以及AB的豎直距離h，從而求出小球拋出時(shí)的初速度v0為(　　) A. B. C. D. 答案　A 解析　設(shè)初速度為v0，則從拋出點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到A所需的時(shí)間t1＝，從拋出點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B所需的時(shí)間t2＝，在豎直方向上有：gt22－gt12＝h，代入t1、t2 解得：v0＝， 故A正確． 3．紫外光電管是利用光電效應(yīng)原理對(duì)油庫(kù)等重要場(chǎng)所進(jìn)行火災(zāi)報(bào)警的裝置，其工作電路如圖3所示，其中A為陽(yáng)極，K為陰極，只有當(dāng)明火中的紫外線照射到K極時(shí)，c、d端才會(huì)有信號(hào)輸出．已知地球表面太陽(yáng)光中紫外線波長(zhǎng)主要在315～400 nm之間，而明火中的紫外線波長(zhǎng)主要在200～280 nm之間，下列說(shuō)法正確的是(　　) 圖3 A．要實(shí)現(xiàn)有效報(bào)警，照射光電管的紫外線波長(zhǎng)應(yīng)大于280 nm B．明火照射光電管的時(shí)間要足夠長(zhǎng)，c、d端才有輸出電壓 C．僅有太陽(yáng)光照射光電管時(shí)，c、d端輸出的電壓為零 D．火災(zāi)報(bào)警時(shí)，照射光電管的紫外線波長(zhǎng)越長(zhǎng)，逸出的光電子最大初動(dòng)能越大 答案　C 解析　根據(jù)題意知，要實(shí)現(xiàn)有效報(bào)警，照射光電管的紫外線波長(zhǎng)應(yīng)介于200～280 nm之間，故A錯(cuò)誤；光電效應(yīng)的發(fā)生具有瞬時(shí)性，故B錯(cuò)誤；僅有太陽(yáng)光照射光電管時(shí)，由于波長(zhǎng)大于明火的波長(zhǎng)，即頻率小于明火的頻率，所以不能發(fā)生光電效應(yīng)，回路中沒(méi)有電流，c、d端也就沒(méi)有輸出電壓，故C正確；火災(zāi)報(bào)警時(shí)，照射光電管的紫外線波長(zhǎng)越長(zhǎng)，則頻率越小，那么逸出的光電子最大初動(dòng)能越小，故D錯(cuò)誤． 4.真空中的點(diǎn)電荷在其周?chē)a(chǎn)生電場(chǎng)，電場(chǎng)中某點(diǎn)的電勢(shì)與點(diǎn)電荷的電荷量成正比，與該點(diǎn)到點(diǎn)電荷的距離成反比，即φ＝k.在某真空中有一如圖4所示的正六邊形ABCDEF，O為其中心，A、C、E三個(gè)頂點(diǎn)各固定一點(diǎn)電荷，其中A、C兩點(diǎn)電荷量為q(q>0)，E點(diǎn)電荷量為－q，EB、EO分別表示B、O點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)的大小，φB、φO分別表示B、O點(diǎn)的電勢(shì)，則以下關(guān)系中正確的是(　　) 圖4 A．EB>EO，φB>φO B．EBφO C．EB＝EO，φB＝φO D．EBφO，故B正確． 5.如圖5所示，固定在豎直面內(nèi)的光滑絕緣圓環(huán)半徑為R，圓環(huán)上套有質(zhì)量分別為m和2m的兩個(gè)帶電的小球A、B(均可看作質(zhì)點(diǎn))，小球A帶正電，小球B帶負(fù)電，帶電荷量均為q，且小球A、B用一長(zhǎng)為2R的輕質(zhì)絕緣細(xì)桿相連，豎直面內(nèi)有豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)(未畫(huà)出)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E＝，現(xiàn)在給小球一個(gè)擾動(dòng)，使小球A從最高點(diǎn)由靜止開(kāi)始沿圓環(huán)下滑，已知重力加速度為g，在小球A滑到最低點(diǎn)的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是(　　) 圖5 A．小球A減少的機(jī)械能等于小球B增加的機(jī)械能 B．細(xì)桿對(duì)小球A和小球B做的總功為0 C．小球A在最低點(diǎn)的速度為 D．細(xì)桿對(duì)小球B做的功為mgR 答案　B 解析　由于電場(chǎng)力做功，兩個(gè)球系統(tǒng)機(jī)械能不守恒，故A球減少的機(jī)械能不等于B球增加的機(jī)械能，故A錯(cuò)誤；細(xì)桿對(duì)小球A和小球B的力等大反向，為系統(tǒng)內(nèi)彈力，所以細(xì)桿對(duì)小球A和小球B做的總功為0，故B正確；當(dāng)A球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，電場(chǎng)力對(duì)系統(tǒng)做功4EqR＝4mgR，有：4mgR＋mg2R－2mg2R＝(m＋2m)v2， 解得：v＝2，故C錯(cuò)誤；對(duì)B球，利用動(dòng)能定理可得，W＋qE2R－2mg2R＝2mv2－0，解得細(xì)桿對(duì)B球所做的功W＝mgR，故D錯(cuò)誤． 6．地面衛(wèi)星監(jiān)測(cè)技術(shù)在軍事、工業(yè)、農(nóng)業(yè)、生產(chǎn)、生活等方面發(fā)揮著巨大作用，對(duì)地面上的重要目標(biāo)需要衛(wèi)星不間斷地進(jìn)行跟蹤監(jiān)測(cè)．假設(shè)在赤道上有一個(gè)需要跟蹤監(jiān)測(cè)的目標(biāo)，某監(jiān)測(cè)衛(wèi)星位于赤道平面內(nèi)，離地面的飛行高度為R，飛行方向與地球自轉(zhuǎn)方向相同，設(shè)地球的自轉(zhuǎn)周期為T(mén)，地球半徑為R，地球表面的重力加速度為g，忽略大氣層對(duì)光線傳播的影響，則此衛(wèi)星在一個(gè)運(yùn)動(dòng)周期內(nèi)對(duì)目標(biāo)連續(xù)監(jiān)測(cè)的最長(zhǎng)時(shí)間為t，衛(wèi)星的運(yùn)轉(zhuǎn)周期為T(mén)′，則(　　) A．T′＝4πR B．T′＝2πR C．t＝ D．t＝ 答案　AC 解析　根據(jù)G＝m2R，得衛(wèi)星的周期T′＝4πR，故A正確，B錯(cuò)誤．根據(jù)幾何關(guān)系，衛(wèi)星在t時(shí)間內(nèi)比地球自轉(zhuǎn)的角度多120度，如圖 衛(wèi)星從A到B，地球自轉(zhuǎn)從C到D， 則有：ωt－t＝π， 而衛(wèi)星的角速度ω＝＝， 解得t＝，故C正確，D錯(cuò)誤． 7．如圖6所示，半徑為R的圓形區(qū)域位于正方形ABCD的中心，圓心為O，與正方形中心重合．圓形區(qū)域內(nèi)、外有垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等、方向相反．一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子以速率v0沿紙面從M點(diǎn)平行于AB邊沿半徑方向射入圓形磁場(chǎng)，并從N點(diǎn)射出，且恰好沒(méi)射出正方形磁場(chǎng)區(qū)域，粒子重力忽略不計(jì)，已知磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，則(　　) 圖6 A．粒子由M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)時(shí)速度偏轉(zhuǎn)角為90 B．正方形區(qū)域的邊長(zhǎng)為3R C．粒子再次回到M點(diǎn)時(shí)所經(jīng)歷的時(shí)間為 D．粒子再次回到M點(diǎn)時(shí)所經(jīng)歷的時(shí)間為 答案　AC 解析　粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示， 設(shè)軌道半徑為r1，則洛倫茲力充當(dāng)向心力，可知：qv0B＝m，解得：r1＝R；由幾何關(guān)系可知，粒子由M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)時(shí)速度偏轉(zhuǎn)角為90，選項(xiàng)A正確；粒子在正方形磁場(chǎng)中的軌道半徑為r2，粒子恰好不從AB邊射出，有：qv0B＝m，解得r2＝＝R，則正方形的邊長(zhǎng)L＝2r1＋2r2＝4R，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；粒子在圓形磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的周期T1＝，在圓形磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間t1＝＝；粒子在圓形以外的區(qū)域做圓周運(yùn)動(dòng)的周期T2＝，在圓形以外的磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間：t3＝T2＝；則再次回到M點(diǎn)的時(shí)間t＝t1＋t2＝，選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤． 8.一個(gè)細(xì)小金屬圓環(huán)，在范圍足夠大的磁場(chǎng)中豎直下落，磁感線的分布情況如圖7，其中沿圓環(huán)軸線的磁場(chǎng)方向始終豎直向上．開(kāi)始時(shí)圓環(huán)的磁通量為Φ0，圓環(huán)磁通量隨下落高度y的變化關(guān)系為Φ＝Φ0(1＋ky)(k為比例常數(shù)，k>0)．金屬圓環(huán)在下落過(guò)程中環(huán)面始終保持水平，速度越來(lái)越大，最終穩(wěn)定為某一數(shù)值，稱(chēng)為收尾速度．該金屬環(huán)的收尾速度為v，已知金屬圓環(huán)的電阻為R，忽略空氣阻力，關(guān)于該情景，以下結(jié)論正確的有(　　) 圖7 A．金屬圓環(huán)速度穩(wěn)定后，Δt時(shí)間內(nèi)，金屬圓環(huán)產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為kΦ0v B．金屬圓環(huán)速度穩(wěn)定后，金屬圓環(huán)的熱功率P＝ C．金屬圓環(huán)的質(zhì)量m＝ D．金屬圓環(huán)速度穩(wěn)定后，金屬圓環(huán)的熱功率P＝ 答案　AD 解析　金屬圓環(huán)速度穩(wěn)定后，Δt時(shí)間內(nèi)，磁通量變化為ΔΦ＝Φ2－Φ1＝kΦ0vΔt，所以感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E＝＝kΦ0v，故A正確；金屬圓環(huán)速度穩(wěn)定后，產(chǎn)生的電流為I＝＝，熱功率為P＝I2R＝，故B錯(cuò)誤，D正確；由能量守恒可知，重力的功率等熱功率，即mgv＝，解得：m＝，故C錯(cuò)誤．