2019-2020年高考物理試題分項版匯編系列 專題09 靜電場（含解析）.doc
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2019-2020年高考物理試題分項版匯編系列 專題09 靜電場（含解析） 一、單選題 1．如圖所示，在電場有M、N兩點，則（ ?。? A. M點的電勢比N點的電勢高 B. M點的電場強度比N點的電場強度大 C. 正電荷在M點的電勢能比在N點的電勢能大 D. 負電荷從M點運動到N點，電場力不做功 【答案】 B 綜上所述本題答案是：B 2．如圖所示，在水平放置兩平行金屬板M、N之間的P點，固定有一個帶電荷量為－q的點電荷，兩金屬板通過電阻R接到直流電源上，其中N板接地．( ) A. 當(dāng)保持其它條件不變，而將M板向上移動的過程中，金屬板帶電荷量將增加 B. 當(dāng)保持其它條件不變，而將M板向上移動的過程中，通過R的電流方向是b指向a C. 當(dāng)保持其它條件不變，而將M板向上移動到某處穩(wěn)定后與移動前相比，p處點電荷的電勢變小 D. 當(dāng)保持其它條件不變，而將M板向上移動到某處穩(wěn)定后與移動前相比，p處點電荷的電勢能變小 【答案】 C 【解析】試題分析：當(dāng)保持其它條件不變，而將M板向上移動的過程中，d增大，根據(jù)可知，電容C減小，因U不變，根據(jù)可知，電荷量減小，通過R的電流向右，即a指向b，故AB錯誤；由于電容器兩端的電勢差不變，將M板向上移動，d增大，根據(jù)可知，電場強度減小，根據(jù)，可知pN間的電勢差減小，又，且N點電勢為零，則p點的電勢減小，根據(jù)，電荷為負電荷，則在p點的電勢能變大．故C正確，D錯誤．故選C． 【點睛】電容器和電源相連，兩端的電勢差不變，通過電容的變化，結(jié)合Q=CU得出電荷量的變化，通過電容器帶電量的變化確定通過R的電流流向．結(jié)合電場強度的變化，得出pN間電勢差的變化，從而確定p點電勢的變化，得出p點電勢能的變化． 3．帶有等量異種電荷的一對平行金屬板,上極板帶正電荷.如果兩極板間距不是足夠近或者兩極板面積不是足夠大,即使在兩極板之間,它們的電場線也不是彼此平行的直線,而是如圖所示的曲線(電場方向未畫出).虛線MN是穿過兩極板正中央的一條直線.關(guān)于這種電場,以下說法正確的是( ) A. 平行金屬板間的電場,可以看做勻強電場 B. b點的電勢高于a點的電勢 C. d點的電勢低于c點的電勢 D. 若將一正電荷從電場中的任一點由靜止釋放,它必將沿著電場線運動到負極板 【答案】 C 點睛：解決本題關(guān)鍵掌握電場線的兩個物理意義：疏密表示場強的大小，方向表示電勢的高低，要明確只有電場線是直線時，電荷才能沿電場線運動． 4．關(guān)于電場的性質(zhì)正確的是：（ ） A. 電場強度大的地方，電勢一定高 B. 正點電荷產(chǎn)生的電場中電勢都為正 C. 勻強電場中，兩點間的電勢差只與兩點間距離成正比 D. 電場強度大的地方，沿場強方向電勢變化快 【答案】 D 【解析】A項，場強和電勢沒有直接關(guān)系，電場強度大的地方電勢不一定高，故A項錯誤。 B項，正點電荷產(chǎn)生的電場中電場線由正點電荷發(fā)出指向無窮遠，但本題中沒有規(guī)定哪兒為零勢點，所以正點電荷產(chǎn)生的電場中電勢不一定為正，故B項錯誤。 C項，勻強電場中，兩點間電勢差與兩點沿電場線方向上的距離成正比，故C項錯誤。 D項，電場強度大的地方，電場線密集，等勢線距離小，電勢變化快，故D項正確 5．如圖所示是電容式話筒的示意圖，它是利用電容制作的傳感器，話筒的振動膜前面有薄薄的金屬層，膜后距膜幾十微米處有一金屬板，振動膜上的金屬層和這個金屬板構(gòu)成電容器的兩極，在兩極間加一電壓U，人對著話筒說話時，振動膜前后振動，使電容發(fā)生變化，使聲音信號被話筒轉(zhuǎn)化為電信號，其中導(dǎo)致電容變化的原因可能是電容器兩板間的（ ） A. 電壓變化 B. 電量變化 C. 距離變化 D. 介質(zhì)變化 【答案】 C 【解析】人對著話筒講話時，振動膜前后振動時，介質(zhì)、正對面積沒有變化，電容器兩板間的距離發(fā)生變化，引起電容變化，使聲音信號被話筒轉(zhuǎn)化為電信號，故C正確，ABD錯誤； 故選C。 6．如圖所示為航母上電磁彈射裝置的等效電路圖（俯視圖），使用前先給超級電容器C充電，彈射時，電容器釋放儲存電能所產(chǎn)生的強大電流經(jīng)過導(dǎo)體棒EF，EF在磁場（方向垂直紙面向外）作用下加速。則下列說法正確的是 （ ） A. 電源給電容器充電后，M板帶正電 B. 導(dǎo)體棒在安培力作用下向右運動 C. 超級電容器相當(dāng)電源，放電時兩端電壓不變 D. 在電容器放電過程中，電容器電容不斷減小 【答案】 B 點睛：本題考查電容以及安培力的性質(zhì)，要注意掌握左手定則以及電容的性質(zhì)等基本內(nèi)容，明確電容由導(dǎo)體本身的性質(zhì)決定． 7．為研究靜電除塵，有人設(shè)計了一個盒狀容器，如圖所示，容器側(cè)面是絕緣的透明有機玻璃，上下底面是金屬板。當(dāng)金屬板連接到高壓電源正負兩極時，在兩金屬板間產(chǎn)生勻強電場?，F(xiàn)把一定量均勻分布的煙塵顆粒密閉在容器內(nèi)，顆粒帶負電，不考慮煙塵顆粒之間的相互作用和空氣阻力，并忽略煙塵顆粒所受重力。下列說法正確的是（ ） A. 煙塵顆粒向下運動 B. 兩金屬板間電場方向向上 C. 煙塵顆粒在運動過程中電勢能減少 D. 煙塵顆粒電荷量可能是電子電量的1.5倍 【答案】 C 【解析】由圖可知，極板上端為正極，下端為負極；則帶負電的顆粒受電場力向上，故帶電顆粒將向上運動，故A錯誤；極板上端為正極，下端為負極，所以兩金屬板間電場方向向下．故B錯誤；煙塵顆粒在運動過程中電場力做正功，電勢能減少．故C正確；帶電體的帶電量只能是元電荷的整數(shù)倍，所以煙塵顆粒電荷量不可能是電子電量的1.5倍．故D錯誤；故選C. 8．如圖，兩電荷量分別為Q(Q>0)和－Q的點電荷對稱地放置在x軸上原點O的兩側(cè)，a點位于x軸上O點與點電荷Q之間，b位于y軸O點上方。取無窮遠處的電勢為零，下列說法正確的是 A. O點的電勢為零，電場強度也為零 B. a點的電勢高于b點電勢，a點電場強度大于b點電場強度 C. 正的試探電荷在b點的電勢能大于零，所受電場力方向指向O點 D. 將負的試探電荷從O點移到a點，必須克服電場力做功 【答案】 B 【解析】等量異種電荷連線的中垂線為一條等勢線，且電勢為零，即O點電勢為零，而兩電荷連線上電場方向由a指向b，根據(jù)沿電場線方向電勢降低，所以a點的電勢高于O點的電勢，即a點的電勢高于b點的電勢，在連線上，電場強度先增大后減小，在O點電場強度最小，但不為零，在中垂線上，從O點向兩邊遞減，所以O(shè)點在中垂線上是電場強度最大的點，故a點電場強度大于b點電場強度，A錯誤B正確；電荷在零電勢處電勢能為零，故正的試探電荷在b點的電勢能為零，電場方向水平向右，C錯誤；負電荷從O向a移動過程中，電場力方向水平向左，電場力做正功，D錯誤． 9．如圖所示，P點固定一個帶正電荷的小球，光滑桿上套有一個帶負電的質(zhì)量為m的小環(huán)（可視為點電荷），A、P在同一水平面上，且相互為L，當(dāng)環(huán)從A位置靜止開始下滑到C位置時速度恰好為零，B點是AC的中點，已知AC間的距離為h，則 A. 在C位置時小環(huán)受到的庫侖力為 B. 從A到C，小環(huán)的機械能先增大后減少 C. 從A到B和從B到C，小環(huán)克服庫侖力做的功，后者較大 D. 從A到C，小環(huán)克服庫侖力做功的功率一直增大 【答案】 C 【解析】A、在C位置時小環(huán)受到的庫侖力F，則有，，故A錯誤； B、帶正電荷的小球?qū)ж撾姷馁|(zhì)量為m的小環(huán)做負功，小環(huán)的機械能減少，故B錯誤； C、由點電荷周圍的電勢分布可知，距離點電荷越遠，電勢減小的越慢，所以AB之間的電勢小于BC之間的電勢，小環(huán)克服庫侖力做的功在BC多，故C正確； D、在A點，小環(huán)克服庫侖力做功的功率為0，在C點，小環(huán)克服庫侖力做功的功率為0，小環(huán)克服庫侖力做功的功率先增大后減小，故D錯誤； 故選C。 10．如圖所示，有兩個固定的等量異種點電荷，a、b是它們連線的中垂線上兩個位置，c是它們產(chǎn)生的電場中另一位置，以無窮遠處為電勢的零點，則以下認識中正確的有 A. a、b兩點場強相同 B. a、b兩點電勢相同 C. c點電勢為正值 D. 將一正電荷從a點移到b點電場力做負功 【答案】 B 【解析】A、a、b兩點場強方向均與ac連線垂直向右，方向相同．a(chǎn)點處電場線比b處疏，則a場強比b點小．故C錯誤； B、等量異種點電荷連線的垂直平分線是一條等勢線，所以a點電勢與b點電勢相等．故B正確； C、等量異種點電荷連線的垂直平分線是一條等勢線，a、b點處于同一等勢線上，而且這條等勢線一直延伸到無窮遠處，則a、b與無窮遠處電勢相等，無窮遠處電勢為零，又該電場電場線由正電荷出發(fā)到負電荷終止，故c點電勢比ab電勢低，故c電勢為負，故C錯誤； D、由于a、b電勢相等，故將一正電荷從b點移到c點電場力不做功，故D錯誤； 故選B； 11．如圖甲所示，Q1、Q2為兩個被固定的點電荷，其中Q1帶負電，a、b兩點在它們連線的延長線上．現(xiàn)有一帶負電的粒子以一定的初速度沿直線從a點開始經(jīng)b點向遠處運動（粒子只受電場力作用），粒子經(jīng)過a、b兩點時的速度分別為va、vb，其速度圖象如圖乙所示．以下說法中正確的是 ( ） A. Q2帶負電 B. Q2的電量一定大于Q1的電量 C. a點電勢高于b點電勢 D. 整個運動過程中，粒子的電勢能先減小后增大 【答案】 C 【解析】A、由圖可知負電粒子速度先減小，若也帶負電，負電粒子因為排斥力，速度會增大，一定帶正電，選項A錯誤； B、過了b點后，負電荷速度變大，說明負電荷受到排斥力大于的吸引力，所以的電量一定大于的電量，選項B錯誤； C、從速度圖象上看，可見a到b做加速度減小的減速運動，所以負電荷應(yīng)該是沿著電場線運動的，所以a點電勢高于b點電勢，故C正確； D、整個過程動能先減小后增大，根據(jù)能量守恒得知，電勢能先增大后減小，選項D錯誤 綜上所述本題答案是：C 12．如圖所示，a、b為豎直正對放置的平行金屬板構(gòu)成的偏轉(zhuǎn)電場，其中a板帶正電，兩板間的電壓為U，在金屬板下方存在一有界的勻強磁場，磁場的上邊界為與兩金屬板下端重合的水平面PQ，PQ下方的磁場范圍足夠大，磁場的磁感應(yīng)強度大小為B，一帶正電粒子以速度v0從兩板中間位置與a、b平行方向射入偏轉(zhuǎn)電場，不計粒子重力，粒子通過偏轉(zhuǎn)電場后從PQ邊界上的M點進入磁場，運動一段時間后又從PQ邊界上的N點射出磁場，設(shè)M、N兩點距離為x（M、N點圖中未畫出），從N點射出的速度為v，則以下說法中正確的是 A. 只增大帶電粒子的比荷大小，則v減小 B. 只增大偏轉(zhuǎn)電場的電壓U的大小，則v減小 C. 只減小初速度v0的大小，則x不變 D. 只減小偏轉(zhuǎn)電場的電壓U的大小，則x不變 【答案】 D 的夾角為θ，則由半徑公式，結(jié)合幾何關(guān)系，可得：x=2Rsinθ=，則會導(dǎo)致x不變，故D正確；故選D． 點睛：考查粒子做類平拋運動與勻速圓周運動的處理規(guī)律，掌握圓周運動的半徑公式，注意運動的合成與分解的方法． 13．x軸上有兩個點電荷Q1和Q2，Q1和Q2之間連線上各點電勢高低如圖曲線所示，選無窮遠處電勢為零，從圖中可以看出（ ） A. Q1的電荷量小于Q2的電荷量 B. Q1和Q2一定是同種電荷 C. Q1和Q2之間連線上各點電場強度方向都指向Q2 D. P處的電場強度為零 【答案】 C 【解析】AB、由圖象可以發(fā)現(xiàn)，離Q1越近電場中的電勢越高，由此可以判斷Q1為正電荷，同理由于離Q2越近電勢越低，所以Q2為負電。選無窮遠處電勢為零，根據(jù)點電荷產(chǎn)生的電場中各點的電勢，在它們的連線上的p點的電勢也是零，Q1在p點的電勢為正，Q2在p點的電勢為負，且絕對值相等，但p點離Q2近，所以Q1的電荷量要大于Q2的電荷量，所以A錯誤，B錯誤； C、由于Q1和Q2為異種電荷，并且Q1為正電荷，Q1在x軸正半軸上的電場方向向右；Q2為負電荷，Q2在Q1和Q2之間的電場方向也向右，所以Q1和Q2之間連線上各點電場強度方向都指向Q2，P點電場強度是Q1和Q2在p點產(chǎn)生的電場的和，不等于零，方向指向Q2，所以C正確，D錯誤。 故選：C。 14．一電場線在豎直平面上的分布如圖所示。電場中的A、B兩點的電場強度分別為、，電勢分別為、。一個質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電小球，從電場中的A點運動到B點，A、B兩點間的高度差為h。小球經(jīng)過A點時的速度大小為，運動至B點時的速度大小為，該過程的速度偏向角為α，電場力做功為W，則以下判斷中正確的是( ) A. > B. < C. 如果電荷為負電荷，則> D. 【答案】 D 【解析】AB、由電場線的疏密可判斷出EA＜EB，由電場線的方向可判斷出φA＞φB，故AB錯誤； CD、從電場中的A點運動到B點，由動能定理得，電場力做功為，故D正確，如果電荷為負電荷，電場力做負功，，重力做正功，，大小無法確定，所以和的大小無法判斷，故C錯誤； 故選D。 15．以兩個等量同種正電荷的連線的中點為圓心，在連線的中垂面上做出兩個同心圓如圖所示，兩個圓上有三個不同的點M、N、P，下列說法中正確的是（ ） A. N點電勢一定小于M點的電勢 B. N點場強一定大于M點的場強 C. 一個電子在M點的電勢能和在P點的電勢能相等 D. 一個電子在N點的電勢能比在P點的電勢能大 【答案】 C 【解析】A、兩個等量同種正電荷的連線的中點為圓心，在連線的中垂面上做出兩個同心圓，由疊加原理得，O點的電勢最高，無窮遠處的電勢為0，從O點經(jīng)N點、M點到無窮遠，電勢減小，則有N點電勢大于M點的電勢，故A錯誤； B、由疊加原理得，O點的場強為0,無窮遠處的場強為0，從O點經(jīng)N點、M點到無窮遠，場強先增大后減小，N點、M點具體位置未知，場強大小也未知，無法判斷N點、M點場強大小，故B錯誤； C、M點和P點在同一個圓上，M點電勢等于P點的電勢，電子在M點的電勢能和在P點的電勢能相等，故C正確； D、N點電勢大于M點的電勢，M點電勢等于P點的電勢，則有N點電勢大于P點的電勢，電子在N點的電勢能比在P點的電勢能小，故D錯誤； 故選C。 16．某靜電場中有一條電場線與x軸重合，縱軸φ表示該條電場線上對應(yīng)各點的電勢φ隨x的變化規(guī)律，如圖所示．x軸上坐標(biāo)為x1＝－x0點的電勢和電場強度大小分別為φ1和E1，坐標(biāo)x2＝x0點的電勢和電場強度大小分別為φ2和E2，下列有關(guān)判斷正確的是( ) A. φ1＞φ2，E1＞E2 B. φ1＜φ2，E1＞E2 C. φ1＞φ2，E1＜E2 D. φ1＜φ2，E1＜E2 【答案】 B 【解析】由題意可知電場線方向沿x負方向，沿著電場線方向電勢降低，故有φ1＜φ2，A、C錯；在φx圖象中某點的斜率表示電場強度的大小，故有E1＞E2，故B正確； 綜上所述本題答案是：B 17．兩個不規(guī)則帶電導(dǎo)體間的電場線分布如圖所示，已知導(dǎo)體附近的電場線均與導(dǎo)體表面垂直，a、b、c、d為電場中幾個點，并且a、d為緊靠導(dǎo)體表面的兩點，選無窮遠為電勢零點，則( ) A. 場強大小關(guān)系有Eb>Ec B. 電勢大小關(guān)系有φb<φd C. 將一負電荷放在d點時其電勢能為負值 D. 將一正電荷由a點移到d點的過程中電場力做正功 【答案】 D 綜上所述本題答案是：D 18．在某勻強電場中有M、N、P三點，在以它們?yōu)轫旤c的三角形中，∠M＝30、∠P＝90，直角邊NP的長度為4 cm。已知電場方向與三角形所在平面平行，M、N和P點的電勢分別為3 V、15 V和12 V。則電場強度的大小為( ) A. B. C. D. 【答案】 A 【解析】 過P點作斜邊MN的垂線交MN于O點，如圖所示 由幾何知識可知N、O間的距離NO＝2 cm，M、O間的距離MO＝6 cm，由勻強電場的特點得O點的電勢為，即O、P在同一等勢面上，由電場線與等勢面的關(guān)系和幾何關(guān)系知：，故A正確。 綜上所述本題答案是：A 19．如圖所示，P、Q是兩個電荷量相等的異種點電荷，在其電場中有a、b、c三點在一條直線上，平行于P、Q的連線，b在P、Q連線的中垂線上，ab＝bc，下列說法正確的是( ) A. 電勢：φa＞φb＞φc B. 電勢：φa＞φc＞φb C. 電場強度：Ea＞Eb＞Ec D. 電場強度：Eb＞Ea＞Ec 【答案】 A 【解析】根據(jù)等量異種點電荷電場線的分布特點知，a、c兩點對稱，場強大小相等，由a、c兩點處的電場線分布比b點處的密，故a、c兩點處的場強大于b點處的場強，沿著電場線方向電勢逐漸降低，故A正確； 綜上所述本題答案是：A 20．將兩個質(zhì)量均為m的小球a、b用絕緣細線相連，豎直懸掛于O點，其中球a帶正電、電荷量為q，球b不帶電，現(xiàn)加一電場強度方向平行豎直平面的勻強電場(沒畫出)，使整個裝置處于平衡狀態(tài)，且繃緊的絕緣細線Oa與豎直方向的夾角為θ＝30，如圖所示，則所加勻強電場的電場強度大小可能為( ) A. B. C. D. 【答案】 B 【解析】取小球a、b整體作為研究對象，則受重力2mg、懸線拉力FT和電場力F作用處于平衡，此三力滿足如圖所示的三角形關(guān)系， 由圖知F的最小值為，由，知，故B對 綜上所述所述本題答案是：B 21．一對正、負電子可形成一種壽命比較短的稱為“電子偶素”的新粒子。電子偶素中的正電子與負電子都以速率v繞它們連線的中點做圓周運動。假定玻爾關(guān)于氫原子的理論可用于電子偶素，電子的質(zhì)量m、速率v和正、負電子間的距離r的乘積也滿足量子化條件，即，式中n稱為量子數(shù)，可取整數(shù)值1、2、3、，h為普朗克常量。已知靜電力常量為k，電子質(zhì)量為m、電荷量為e，當(dāng)它們之間的距離為r時，電子偶素的電勢能，則關(guān)于電子偶素處在基態(tài)時的能量，下列說法中正確的是（） A. B. C. D. 【答案】 C 【解析】試題分析：由正負電子的庫侖力提供向心力，從而求出電子的動能；由題意可知，系統(tǒng)的電勢能，及電子的動能，可求得n=1時，“電子偶素”的能量． 設(shè)n=1時電子運轉(zhuǎn)軌道半徑為，此時正負電子間庫侖力，此庫侖作為向心力，由題中量子化理論可知，n=1時，聯(lián)立上式可得，由題意可知，系統(tǒng)的電勢能，每個電子動能，系統(tǒng)的能量，聯(lián)立可得，C正確． 22．在某一靜電場中建立x軸，其電勢隨坐標(biāo)x變化的圖線如圖所示。若將一帶負電的粒子（重力不計）從坐標(biāo)原點O處由靜止釋放，電場中P、Q兩點位于x軸上，其橫坐標(biāo)分別為lcm、4cm。則下列說法正確的是（ ?。? A. 粒子經(jīng)過P點與Q點時，動能相等 B. 粒子經(jīng)過P、Q兩點時，加速度大小之比1：1 C. 粒子經(jīng)過P、Q兩點時，電場力功率之比1：1 D. 粒子恰能運動到離原點12cm處 【答案】 A 【解析】A、由圖可知，橫坐標(biāo)為1cm和4cm的P、Q兩點電勢相等，粒子經(jīng)過P點到Q點的過程中，電場力做功為零，動能相等，A正確； B、φ?x圖象的斜率大小等于場強E.，則知P點的場強為Q點的場強的二倍，電場力為二倍，加速度之比為2:1，B錯誤； C、根據(jù)功率P=Fv，功率之比為2:1，C錯誤； D、根據(jù)順著電場線方向電勢降低可知，0?2cm內(nèi)，電場線沿x軸負方向，粒子所受的電場力方向沿x軸正方向做加速運動；在2?6cm內(nèi)電場線沿x軸正方向，粒子所受的電場力方向沿x負方向做減速運動，6cm處粒子的速度為零；然后粒子向左先做加速運動后做減速運動。 即在0?6cm間做往復(fù)運動。故D錯誤。 故選：A。 23．如圖所示，兩根等長帶電棒放置在第一、二象限，其端點在兩坐標(biāo)軸上，棒與坐標(biāo)軸圍成等腰直角三角形．兩棒帶電量相等，且電荷均勻分布，此時O點電場強度大小為2E．撤去其中一根帶電棒后，O點的電場強度大小變?yōu)椋ā 。? A. B. C. E D. 【答案】 D 點睛：先把帶電棒等效成點電荷，利用點電荷產(chǎn)生的場強進行矢量求解解可。 24．如圖所示，在光滑絕緣的水平面上固定兩個等量負點電荷A和B，O點為AB連線的中點，C、D為AB連線上關(guān)于O點對稱的兩個點，且CO＝OD＝L.一帶正電的可視為點電荷的小球以初速度v0從C點運動到D點．設(shè)O點的電勢φ0＝0，取C點為坐標(biāo)原點，向右為x軸的正方向，下列關(guān)于小球的電勢能Ep、小球的動能Ek、電勢φ、電場強度E隨小球運動的位移x變化的圖象，可能正確的是( ) A. A B. B C. C D. D 【答案】 B 【解析】AC、從C點到D點，電場線方向先向左后向右，則電勢先升高后降低，則小球的電勢能先增大后減小，小球在C、D兩點處的電勢能相同，故A、C錯誤； B、由于小球的電勢能先增大后減小，在C、D兩點處的電勢能相同，由能量守恒定律得知，動能先減小后增大，在C、D兩點處的動能相同，故B正確； D、設(shè)AC＝BD＝r，點電荷A和B的電荷量大小為Q，則當(dāng)位移為x時，由數(shù)學(xué)知識得知E與x是非線性關(guān)系，圖象是曲線，故D錯誤。 故選：B。 25．如圖所示，在真空中電荷量相等的離子P1、P2分別以相同初速度從O點沿垂直于電場強度的方向射入勻強電場，粒子只在電場力的作用下發(fā)生偏轉(zhuǎn)，P1打在極板B上的C點，P2打在極板B上的D點．G點在O點的正下方，已知GC＝CD，則離子P1、P2的質(zhì)量之比為( ) A. 1∶1 B. 1∶2 C. 1∶3 D. 1∶4 【答案】 D 【解析】設(shè)離子的初速度為v0，電荷量為q，質(zhì)量為m，加速度為a，運動的時間為t，則加速度a＝，離子運動的時間，由于GC＝CD，所以飛行的時間之比t1∶t2＝1∶2，離子的偏轉(zhuǎn)量，因為P1帶電荷量與P2的帶電荷量相同，可得P1、P2的質(zhì)量之比m1∶m2為1∶4，D正確，ABC錯誤 故選：D。 26．如圖所示，A、B為平行金屬板，兩板相距為d且分別與電源兩極相連，兩板的中央各有一小孔M和N.今有一帶電質(zhì)點，自A板上方相距為d的P點由靜止自由下落(P、M、N在同一豎直線上)，空氣阻力忽略不計，到達N孔時速度恰好為零，然后沿原路返回．若保持兩極板間的電壓不變，則下列說法不正確的是( ) A. 把A板向上平移一小段距離，質(zhì)點自P點自由下落后仍能返回 B. 把A板向下平移一小段距離，質(zhì)點自P點自由下落后將穿過N孔繼續(xù)下落 C. 把B板向上平移一小段距離，質(zhì)點自P點自由下落后仍能返回 D. 把B板向下平移一小段距離，質(zhì)點自P點自由下落后將穿過N孔繼續(xù)下落 【答案】 B 【解析】AB、因質(zhì)點到達N孔時速度恰為零，由動能定理得mg2d－qU＝0，因極板一直與電源兩極連接，電壓U一直不變，當(dāng)A板上移、下移時，滿足qU－mgh＝0的條件，即h＝2d，則質(zhì)點到達N孔時速度恰好為零，然后按原路返回，A正確，B錯誤； C、當(dāng)把B板上移后，設(shè)質(zhì)點仍能到達B板，則由動能定理得mgh－qU＝mv2，因B板上移后h＜2d，所以mgh＜qU，即看似動能為負值，實際意義為在此之前物體動能已為零，將沿原路返回，C正確； D、把B板下移后，有mgh′－qU＝mv2＞0，即質(zhì)點到達N孔時仍有向下的速度，將穿過B板繼續(xù)下落，D正確； 本題選擇錯誤答案，故選：B。 點睛：移動A板或B板后，質(zhì)點能否返回P點的關(guān)鍵是質(zhì)點在A、B間運動時到達B板之前速度能否減為零，如能減為零，則一定沿原路返回P點；如不能減為零，則穿過B板后只受重力，將繼續(xù)下落。根據(jù)動能定律判斷即可。 27．a(chǎn)b是長為l的均勻帶電細桿，P1、P2是位于ab所在直線上的兩點，位置如圖所示。ab上電荷產(chǎn)生的電場在P1處的場強大小為E1，在P2處的場強大小為E2.則下列說法中正確的是（ ） A. 兩處的電場方向相反，E1＜E2 B. 兩處的電場方向相反，E1＞E2 C. 兩處的電場方向相同，E1＜E2 D. 兩處的電場方向相同，E1＞E2 【答案】 A 【解析】 如圖，在桿上取a關(guān)于P1的對稱點則，之間的電荷在P1處的場強恰好抵消，即P1處的場強是由部分的電荷產(chǎn)生；P2處的場強可看成由桿上的之間的電荷在P2處的場強和桿上的之間的電荷在P2處的場強的疊加；之間的電荷在P1處、P2處產(chǎn)生的場強大小相等、方向相反，桿上的之間的電荷和桿上的之間的電荷在P2處產(chǎn)生的場強方向相同。綜上，兩處的電場方向相反，E1＜E2 點睛：電場的疊加遵循的是平行四邊形定則。在桿產(chǎn)生電場的場強問題中要注意對稱性的利用。 28．如圖所示在光滑、絕緣的水平面上，沿一直線依次排列三個帶電小球A、B、C（可視為質(zhì)點）.若它們恰能處于平衡狀態(tài).那么這三個小球所帶的電荷量及電性的關(guān)系，下面的情況可能的是（ ?。? A. 3、-2、6 B. -9、4、-36 C. -3、2、8 D. 4、9、36 【答案】 B 【解析】題中要求三個小球均能處于平衡狀態(tài)，則要使A平衡，BC所帶電性相反（BC對A的力方向必須相反）；同理，則要使C平衡，AB所帶電性相反；綜上，電荷電性需滿足“兩同夾異”，排除CD A：若A選項正確： 對小球B受力分析，則，代入數(shù)據(jù)得： 對小球A受力分析，則，代入數(shù)據(jù)得： 兩式一致，故B正確。 點睛：三個電荷的自平衡問題，從力的方向角度滿足“兩同夾異”，從力的大小角度滿足“兩大夾小”。 29．如圖所示的電場線，可能是下列哪種情況產(chǎn)生的（ ） A. 單個正點電荷 B. 單個負點電荷 C. 等量同種點電荷 D. 等量異種點電荷 【答案】 C 【解析】試題分析：由于電場線從兩個地方發(fā)出，故場源為兩個電荷；由于電場線是從電荷出發(fā)終止到無窮遠，故該場源電荷為正電荷；又由于兩電荷的連線之間電場線稀疏甚至有的地方?jīng)]有電場線，故兩個場源電荷為同種電荷．綜上所述該電場線是由兩個等量正電荷產(chǎn)生的．故C正確．故選C。 考點：等量同種點電荷電場 【名師點睛】該題目簡單，但需要同學(xué)們對電場線的特點比較清晰．解決此類題目的前提是熟悉課本。 30．如圖所示，為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．a(chǎn)、b兩點的場強大小分別為Ea和Eb，電勢分別φa和φb，電場力對兩電子做功分別為Wa和Wb，兩電子在a、b兩點的電勢能分別為Epa和Epb．則 A. Ea下載提示(請認真閱讀)
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- 2019-2020年高考物理試題分項版匯編系列 專題09 靜電場含解析 2019 2020 年高 物理試題 分項版 匯編 系列 專題 09 靜電場 解析
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