（浙江）高考物理復(fù)習(xí)全冊(cè)學(xué)案（打包22套）.zip

（浙江）高考物理復(fù)習(xí)全冊(cè)學(xué)案（打包22套）.zip,浙江,高考,物理,復(fù)習(xí),全冊(cè)學(xué)案,打包,22 第1講　必考第19題　力與物體的運(yùn)動(dòng) 題型1　力與物體的直線運(yùn)動(dòng) 1．力與物體的直線運(yùn)動(dòng)問(wèn)題往往涉及物體有兩個(gè)或多個(gè)連續(xù)的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，在物體不同的運(yùn)動(dòng)階段，物體的運(yùn)動(dòng)情況和受力情況都發(fā)生了變化，這類問(wèn)題稱為牛頓運(yùn)動(dòng)定律中的多過(guò)程問(wèn)題． 2．此類問(wèn)題考查對(duì)運(yùn)動(dòng)學(xué)知識(shí)的掌握和對(duì)動(dòng)力學(xué)綜合問(wèn)題的處理能力．對(duì)物體受力分析和運(yùn)動(dòng)分析，并結(jié)合v－t圖象分析是解決這類題目的關(guān)鍵．要求能從文字?jǐn)⑹龊蛌－t圖象中獲取信息，構(gòu)建相應(yīng)的物理模型，列出相應(yīng)的方程解答． 3．注意兩個(gè)過(guò)程的連接處，加速度可能突變，但速度不會(huì)突變，速度是聯(lián)系前后兩個(gè)階段的橋梁． 例1　(2018·浙江4月選考·19)可愛(ài)的企鵝喜歡在冰面上玩游戲．如圖1所示，有一企鵝在傾角為37°的傾斜冰面上，先以加速度a＝0.5 m/s2從冰面底部由靜止開始沿直線向上“奔跑”，t＝8 s時(shí)，突然臥倒以肚皮貼著冰面向前滑行，最后退滑到出發(fā)點(diǎn)，完成一次游戲(企鵝在滑動(dòng)過(guò)程中姿勢(shì)保持不變)．若企鵝肚皮與冰面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.25，已知sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，g＝10 m/s2.求： 圖1 (1)企鵝向上“奔跑”的位移大??； (2)企鵝在冰面滑動(dòng)的加速度大小； (3)企鵝退滑到出發(fā)點(diǎn)時(shí)的速度大?。?計(jì)算結(jié)果可用根式表示) 答案　(1)16 m　(2)8 m/s2　4 m/s2　(3)2 m/s 解析　(1)在企鵝向上“奔跑”過(guò)程中：x＝at2，解得x＝16 m. (2)在企鵝臥倒以后將進(jìn)行兩個(gè)過(guò)程的運(yùn)動(dòng)，第一個(gè)過(guò)程是從臥倒到最高點(diǎn)，第二個(gè)過(guò)程是從最高點(diǎn)滑到出發(fā)點(diǎn)，兩次過(guò)程根據(jù)牛頓第二定律分別有： mgsin 37°＋μmgcos 37°＝ma1 mgsin 37°－μmgcos 37°＝ma2 解得：a1＝8 m/s2，a2＝4 m/s2. (3)企鵝從臥倒滑到最高點(diǎn)的過(guò)程中，做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)時(shí)間為t′，位移為x′ t′＝，x′＝a1t′2， 解得：x′＝1 m. 企鵝從最高點(diǎn)滑到出發(fā)點(diǎn)的過(guò)程中，設(shè)末速度為vt，初速度為0，則有： vt2－02＝2a2(x＋x′) 解得：vt＝2 m/s. 1．(2018·杭州市期末)舊時(shí)人們通過(guò)打夯將地砸實(shí)．打夯時(shí)四個(gè)勞動(dòng)者每人分別握住夯錘(如圖2甲)的一個(gè)把手，一個(gè)人喊號(hào)，號(hào)聲一響，四人同時(shí)使用相同的恒定作用力將地上質(zhì)量為90 kg的夯錘向上提起；號(hào)音一落，四人同時(shí)松手，夯錘落下將地面砸實(shí)．假設(shè)夯錘砸在地面上時(shí)地面對(duì)夯錘的作用力近似不變，大小為夯錘重力的19倍．以豎直向上為正方向，可得勞動(dòng)者們?cè)谀炒未蚝粫r(shí)松手前夯錘運(yùn)動(dòng)的v－t圖象如圖乙所示．不計(jì)空氣阻力，取g＝10 m/s2，求： 圖2 (1)每個(gè)人對(duì)夯錘所施加的恒力大??； (2)夯錘能夠上升的最大高度； (3)夯錘能在地上砸出多深的坑？ 答案　(1)300 N　(2)0.45 m　(3)0.025 m 解析　(1)設(shè)每人施加的恒力大小為F 由v－t圖象可得：a1＝ m/s2 又根據(jù)牛頓第二定律4F－mg＝ma1 得F＝300 N (2)松手后，夯錘繼續(xù)上升的時(shí)間 t2＝＝ s＝0.15 s 故上升的總高度為 H＝(t1＋t2)＝×1.5×0.6 m＝0.45 m (3)砸到地上時(shí)：FN－mg＝ma2，v′2＝2gH 得a2＝180 m/s2，v′＝3 m/s 由v′2＝2a2h 得h＝0.025 m 2．(2018·寧波市重點(diǎn)中學(xué)聯(lián)考)如圖3所示為一滑草場(chǎng)的滑道示意圖，該滑道由AB、BC、CD三段組成，其中AB段和BC段與水平面的夾角分別為53°和37°，且這兩段長(zhǎng)度均為L(zhǎng)＝28 m，載人滑草車從坡頂A點(diǎn)由靜止開始自由下滑，先加速通過(guò)AB段，再勻速通過(guò)BC段，最后停在水平滑道CD段上的D點(diǎn)，若載人滑草車與草地之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ，不計(jì)載人滑草車在交接處的能量損失，g＝10 m/s2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，求： 圖3 (1)載人滑草車與草地之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ； (2)載人滑草車經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)的速度大小vB； (3)載人滑草車從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至D點(diǎn)的時(shí)間． 答案　(1)0.75　(2)14 m/s　(3)7.87 s 解析　(1)BC段載人滑草車勻速運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得： mgsin 37°－μmgcos 37°＝0 得μ＝0.75 (2)AB段載人滑草車做勻加速運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得： mgsin 53°－μmgcos 53°＝ma1 vB2＝2a1L 得vB＝14 m/s (3)AB段所用時(shí)間t1＝＝4 s BC段所用時(shí)間t2＝＝2 s CD段載人滑草車做勻減速運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得μmg＝ma3 CD段所用時(shí)間t3＝＝1.87 s 則從A至D所用時(shí)間t＝t1＋t2＋t3＝7.87 s 題型2　力與物體的曲線運(yùn)動(dòng) 1．處理平拋(或類平拋)運(yùn)動(dòng)的基本方法是把運(yùn)動(dòng)分解為水平方向的勻速直線運(yùn)動(dòng)和豎直方向的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，通過(guò)研究分運(yùn)動(dòng)達(dá)到研究合運(yùn)動(dòng)的目的． 2．解決圓周運(yùn)動(dòng)力學(xué)問(wèn)題要注意以下幾點(diǎn)： (1)要進(jìn)行受力分析，明確向心力的來(lái)源，確定圓心以及半徑． (2)列出正確的動(dòng)力學(xué)方程Fn＝m＝mrω2＝mωv＝mr. (3)對(duì)于豎直面內(nèi)的圓周運(yùn)動(dòng)要注意“輕桿模型”和“輕繩模型”的臨界條件． 例2　 某同學(xué)設(shè)計(jì)了一種軌道，其局部簡(jiǎn)化如圖4所示，質(zhì)量m＝0.1 kg的小滑塊(可看成質(zhì)點(diǎn))在傾角θ＝37°的傾斜軌道上從A點(diǎn)由靜止開始下滑，經(jīng)過(guò)B點(diǎn)后進(jìn)入光滑水平軌道BC(設(shè)經(jīng)過(guò)B點(diǎn)前后速度大小不變)，AB長(zhǎng)2 m，從A到B的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為1.0 s．滑過(guò)粗糙圓弧軌道CD從D點(diǎn)飛出后，經(jīng)0.2 s恰好水平進(jìn)入半圓形圓管軌道EF(圓管內(nèi)徑稍大于滑塊，EF為半圓直徑，F(xiàn)點(diǎn)是半圓與水平面BC的切點(diǎn)，圓管內(nèi)徑遠(yuǎn)小于圓弧EF半徑，CF距離可調(diào))．所有軌道都在同一豎直平面內(nèi)，圓弧軌道CD與水平軌道BC相切于C點(diǎn)，CD圓弧半徑為1 m，所對(duì)的圓心角為53°.(空氣阻力不計(jì)，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，g取10 m/s2)，求： 圖4 (1)小滑塊與AB軌道的動(dòng)摩擦因數(shù)； (2)CF兩點(diǎn)間距離； (3)小滑塊剛進(jìn)入圓管軌道時(shí)對(duì)軌道的壓力． 答案　(1)0.25　(2)1.1 m　(3)0.25 N，方向豎直向下 解析　(1)由x＝at12得 小滑塊在AB段的加速度a＝＝4 m/s2 對(duì)小滑塊：mgsin 37°－μmgcos 37°＝ma μ＝0.25 (2)由題意可知 vDy＝gt2＝2 m/s vDx＝＝1.5 m/s CD水平距離：xCD＝rsin 53°＝0.8 m DE水平距離：xDE＝vDxt2＝0.3 m CF兩點(diǎn)距離：xCF＝xCD＋xDE＝1.1 m (3)設(shè)圓弧CD半徑為r，半圓EF半徑為R DE豎直距離：h1＝＝0.2 m R＝[h1＋r(1－cos 53°)]＝0.3 m 在E點(diǎn)對(duì)滑塊受力分析，由牛頓第二定律得：mg＋F＝m F＝－0.25 N 根據(jù)牛頓第三定律得 滑塊對(duì)圓管的壓力大小為0.25 N，方向豎直向下． 3．(2018·溫州市期末)如圖5所示，光滑桌面上一個(gè)小球由于細(xì)線的牽引，繞桌面上的圖釘做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，已知角速度為6 rad/s，圓周半徑為0.5 m，桌面離地高度為0.8 m，g取10 m/s2.求： 圖5 (1)小球的線速度大小； (2)某時(shí)刻細(xì)線突然斷了，小球離開桌面后做平拋運(yùn)動(dòng)所用的時(shí)間； (3)小球落地前瞬間的速度大小． 答案　(1)3 m/s　(2)0.4 s　(3)5 m/s 解析　(1)根據(jù)v＝ωr得v＝3 m/s (2)小球平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t＝得t＝0.4 s (3)小球平拋運(yùn)動(dòng)的豎直速度vy＝gt 小球落地前瞬間的速度v′＝＝ 得v′＝5 m/s 4．(2017·金華市期末)如圖6所示為某種彈射小球的游戲裝置，水平面上固定一輕質(zhì)彈簧及豎直細(xì)管AB，上端B與四分之一圓弧細(xì)彎管BC相接，彎管的半徑R＝0.20 m．質(zhì)量m＝0.1 kg的小球被彈簧彈出后進(jìn)入細(xì)管A端，再沿管ABC從C端水平射出，射出后經(jīng)過(guò)時(shí)間t＝0.4 s著地，飛行的水平距離x＝1.6 m，g＝10 m/s2，不計(jì)空氣阻力，求： 圖6 (1)豎直管AB的長(zhǎng)度L； (2)小球從C端飛出時(shí)的速度大小； (3)小球在C端對(duì)管壁的壓力． 答案　(1)0.6 m　(2)4 m/s　(3)7 N，方向豎直向上 解析　(1)小球做平拋運(yùn)動(dòng)： R＋L＝gt2， 解得：L＝0.6 m. (2)小球做平拋運(yùn)動(dòng)：x＝vCt， 解得：vC＝4 m/s. (3)設(shè)小球在C端受到管壁的壓力為FN，方向豎直向下，則有mg＋FN＝m， 解得：FN＝7 N 由牛頓第三定律可知，小球?qū)壍赖膲毫ωQ直向上，大小為7 N. 5.如圖7所示，M是水平放置的半徑足夠大的圓盤，繞過(guò)其圓心的豎直軸OO′勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，規(guī)定經(jīng)過(guò)圓心O點(diǎn)且水平向右為x軸正方向．在O點(diǎn)正上方距盤面高為h＝5 m處有一個(gè)可間斷滴水的容器，從t＝0時(shí)刻開始，容器沿水平軌道向x軸正方向做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)．已知t＝0時(shí)刻滴下第一滴水，以后每當(dāng)前一滴水剛好落到盤面時(shí)再滴下一滴水．(取g＝10 m/s2，不計(jì)空氣阻力) 圖7 (1)每一滴水離開容器后經(jīng)過(guò)多長(zhǎng)時(shí)間滴落到盤面上？ (2)要使每一滴水在盤面上的落點(diǎn)都位于同一直線上，圓盤的角速度ω應(yīng)為多大？ 答案　(1)1 s　(2)kπ rad/s(k＝1,2,3…) 解析　(1)離開容器后，每一滴水在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)：h＝gt2 則每一滴水滴落到盤面上所用時(shí)間t＝＝1 s (2)要使每一滴水在盤面上的落點(diǎn)都位于同一直線上，則圓盤在1 s內(nèi)轉(zhuǎn)過(guò)的弧度為kπ，k為不為零的正整數(shù)． 則ω＝kπ rad/s，其中k＝1,2,3…. 專題強(qiáng)化練 1．(2018·稽陽(yáng)聯(lián)考)如圖1所示，質(zhì)量m＝1.6 kg的物體在恒力F的作用下從水平面上的A點(diǎn)由靜止開始運(yùn)動(dòng)，F(xiàn)與水平方向的夾角為α＝53°，到達(dá)B點(diǎn)后撤去F，物體將做減速運(yùn)動(dòng)，最后停在C點(diǎn)，每隔0.2 s通過(guò)速度傳感器測(cè)量物體的瞬時(shí)速度，下表給出了部分測(cè)量數(shù)據(jù)，求： 圖1 t(s) 0.0 0.2 0.4 …… 1.0 1.2 …… v(m/s) 0.00 1.00 2.00 …… 1.25 0.75 …… (1)物體與水平面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ； (2)物體從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)所用時(shí)間t； (3)恒力F的大?。? 答案　(1)0.25　(2)1.5 s　(3)15 N 解析　(1)由表格可知，減速過(guò)程中的加速度大小a2＝2.5 m/s2 根據(jù)μmg＝ma2，解得μ＝0.25 (2)在減速過(guò)程中，Δv＝a2Δt，t＝1.2 s＋Δt＝1.5 s (3)由表格可知，加速過(guò)程的加速度大小a1＝5 m/s2， 根據(jù)牛頓第二定律可得Fcos α－μ(mg－Fsin α)＝ma1 解得F＝15 N 2.2015年12月20日上午11時(shí)40分左右，深圳發(fā)生特大泥石流災(zāi)害．經(jīng)初步核查，此次滑坡事故共造成22棟廠房被掩埋，涉及15家公司．如圖2所示，假設(shè)有一傾角為θ的山坡，上面有一質(zhì)量為m的巨石塊，其上下表面與斜坡平行．從山坡的某處由靜止下滑，到水平路面后又滑了一段距離才停止，經(jīng)測(cè)量水平段長(zhǎng)為x.已知石塊和斜坡、水平路面的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ，假設(shè)轉(zhuǎn)彎處速度大小不變，重力加速度為g，不計(jì)空氣阻力．求： 圖2 (1)石塊到達(dá)斜坡底端時(shí)的速率； (2)石塊運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間． 答案　(1)　(2)＋ 解析　(1)設(shè)石塊到達(dá)斜坡底端時(shí)速度大小為v，則 在水平路面上運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，由牛頓第二定律有 μmg＝ma2，v2＝2a2x 得v＝. (2)設(shè)在水平路面上運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t2， 據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有x＝vt2 得t2＝ 設(shè)在斜坡上運(yùn)動(dòng)加速度為a1，時(shí)間為t1 mgsin θ－μmgcos θ＝ma1 得a1＝gsin θ－μgcos θ 由v＝a1t1得t1＝ 則總時(shí)間t＝t1＋t2＝＋. 3．(2018·紹興市選考診斷)直升機(jī)懸停在洞穴上空，通過(guò)電動(dòng)纜繩營(yíng)救受困于洞底的勘探者，將其沿豎直方向吊出洞口．電動(dòng)纜繩上端的拉力傳感器可實(shí)時(shí)顯示勘探者對(duì)纜繩的拉力F，營(yíng)救過(guò)程中拉力F隨時(shí)間t的圖象如圖3所示，已知直升機(jī)懸停處距離洞底32 m，當(dāng)t＝11 s時(shí)勘探者被拉到直升機(jī)處且速度剛好減為0.勘探者的質(zhì)量為80 kg，纜繩質(zhì)量及空氣阻力不計(jì)，勘探者可視為質(zhì)點(diǎn)，g取10 m/s2.求： 圖3 (1)勘探者在t＝7 s到t＝11 s過(guò)程中的加速度大小a； (2)勘探者在t＝5 s到t＝7 s過(guò)程中的位移大?。? (3)勘探者在加速上升過(guò)程中的平均速度大?。? 答案　(1)1.25 m/s2　(2)10 m　(3)4 m/s 解析　(1)勘探者在t＝7 s到t＝11 s過(guò)程中，受到纜繩的拉力為F＝700 N，因此人向上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，加速度向下，根據(jù)牛頓第二定律 mg－F＝ma a＝1.25 m/s2 (2)由于人在t＝7 s到t＝11 s過(guò)程中做勻減速運(yùn)動(dòng)，而在t＝5 s到t＝7 s過(guò)程中做勻速運(yùn)動(dòng)，設(shè)勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)速度為v 有v＝at3＝5 m/s 勻速階段的位移為x2＝vt2＝10 m (3)勻減速階段的位移為x3＝t3＝10 m 由于在t＝0 s到t＝2 s過(guò)程中拉力小于重力，人處于靜止?fàn)顟B(tài)，t＝2 s到t＝5 s人開始做加速度增大的加速運(yùn)動(dòng)，因此加速時(shí)間為3 s，加速階段的位移為x1＝x－x2－x3＝12 m 因此平均速度為＝4 m/s 4．(2018·金華市十校期末)如圖4所示，某滑板愛(ài)好者在離地h＝1.25 m高的平臺(tái)上滑行，從平臺(tái)邊緣A點(diǎn)滑出后做平拋運(yùn)動(dòng)，落在水平地面上的B點(diǎn)，其水平位移x1＝4.5 m．著地瞬間豎直速度變?yōu)?，水平速度不變，沿水平地面繼續(xù)滑行x2＝27 m后停止．已知人與滑板的總質(zhì)量m＝60 kg，不計(jì)空氣阻力，g取10 m/s2.求： 圖4 (1)人與滑板滑出平臺(tái)時(shí)的水平初速度的大?。? (2)人與滑板在水平地面滑行時(shí)受到的阻力大小； (3)人與滑板從平臺(tái)滑出到停止所用的總時(shí)間． 答案　(1)9 m/s　(2)90 N　(3)6.5 s 解析　(1)由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律 h＝gt2 x1＝v0t 解得v0＝9 m/s (2)人與滑板在水平地面上滑行過(guò)程中做勻減速運(yùn)動(dòng) 0－v02＝－2ax2 得a＝1.5 m/s2 由牛頓第二定律 Ff＝ma 得Ff＝90 N (3)平拋運(yùn)動(dòng)時(shí)間t1＝＝0.5 s 在水平地面滑行時(shí)間t2＝＝6.0 s 故總時(shí)間t＝t1＋t2＝6.5 s 5．如圖5甲所示，水上飛行器是水上飛行游樂(lè)產(chǎn)品，它利用腳上噴水裝置產(chǎn)生的反沖動(dòng)力，讓你可以像海豚一般躍出水面向上騰空接近十米．另外配備有手動(dòng)控制的噴嘴，用于穩(wěn)定空中飛行姿態(tài)．某次表演中表演者在空中表演翻跟斗，如圖乙所示，在飛行至最高點(diǎn)時(shí)，恰好做半徑為r的圓周運(yùn)動(dòng)，此時(shí)水的噴射方向水平．不計(jì)水管與手部控制器的作用．重力加速度為g，求： 圖5 (1)最高點(diǎn)的向心加速度大??； (2)最高點(diǎn)的速度大?。? (3)若在最高點(diǎn)表演者突然除去所有裝置，且離水面高度為h，則落到水面時(shí)，表演者的水平位移為多少． 答案　(1)g　(2)　(3) 解析　(1)在最高點(diǎn)重力提供向心力，據(jù)牛頓第二定律有 mg＝man 解得an＝g. (2)在最高點(diǎn)，由牛頓第二定律有 mg＝ 解得v＝. (3)撤去所有裝置后，表演者做平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t，則有h＝gt2，x＝vt 解得x＝. 6．(2018·金華市十校期末)如圖6所示，在水平平臺(tái)上有一質(zhì)量m＝0.1 kg的小球壓縮輕質(zhì)彈簧(小球與彈簧不拴連)至A點(diǎn)，平臺(tái)的B端連接兩個(gè)半徑都為R＝0.2 m，且內(nèi)壁都光滑的半圓形細(xì)圓管BC及CD，圓管內(nèi)徑略大于小球直徑，B點(diǎn)和D點(diǎn)都與水平面相切．在地面的E點(diǎn)安裝了一個(gè)可改變傾角的長(zhǎng)斜面EF，已知地面DE長(zhǎng)度為1.5 m，且小球與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ1＝0.3，小球與可動(dòng)斜面EF間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ2＝.現(xiàn)釋放小球，小球彈出后進(jìn)入細(xì)圓管，運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)時(shí)速度大小為5 m/s，g取10 m/s2.求： 圖6 (1)小球經(jīng)過(guò)D點(diǎn)時(shí)對(duì)管壁的作用力； (2)小球經(jīng)過(guò)E點(diǎn)時(shí)的速度大?。? (3)當(dāng)斜面EF與地面的傾角θ(在0～90°范圍內(nèi))為何值時(shí)，小球沿斜面上滑的長(zhǎng)度最短(小球經(jīng)過(guò)E點(diǎn)時(shí)速度大小不變)，并求出最短長(zhǎng)度． 答案　(1)13.5 N，方向豎直向下　(2)4 m/s　(3)60°　0.69 m 解析　(1)小球運(yùn)動(dòng)D點(diǎn)時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律 FN－mg＝m 解得FN＝13.5 N 由牛頓第三定律，小球?qū)鼙诘淖饔昧Υ笮?3.5 N，方向豎直向下． (2)從D到E小球做勻減速直線運(yùn)動(dòng) vE2－vD2＝－2μ1gL 解得vE＝4 m/s (3)設(shè)由E點(diǎn)到最高點(diǎn)的距離為s μ2mgcos θ＋mgsin θ＝ma s＝ 解得s＝ m 當(dāng)θ＝60°時(shí)，最小值smin＝0.4 m≈0.69 m 12